Las pilas galvánicas son un medio de producir electricidad por vía química que fue descubierto a principios del siglo XIX. En la pila se produce una reacción de oxidación-reducción. La pila se divide en dos partes o semipilas o electrodos. El electrodo en el que se produce la oxidación se llama ánodo; aquel en que se produce la reducción se llama cátodo. Con un voltímetro se puede medir el potencial de una pila. Este se puede calcular teóricamente restando el potencial de reducción del cátodo menos el del ánodo. Estos potenciales se denominan "normales" cuando las especies electroactivas están en concentración 1 molar. Si las concentraciones son diferentes los potenciales se calculan mediante la ecuación de Nernst a partir de los potenciales normales. Estos potenciales se miden creando pilas en las que un electrodo es el llamado "normal de hidrógeno", al que se le asigna un potencial de 0,0 voltios.
Es posible la construcción de una pila en la que en ambos electrodos se dé la misma reacción, pero las especies electroactivas tienen que estar en distinta concentración en ambas; se llaman pilas de concentración. La medida de la concentración de protones se basa en las pilas de concentración. La medida se hace con un electrodo especial "de membrana". La teoría de las pilas también permite medir las concentraciones de muchas especies en disolución implicadas en reacciones rédox. La técnica se llama potenciometría y se basa en la construcción de una pila en la que uno de los electrodos, llamado de referencia, tiene un potencial fijo y el otro (electrodo indicador) tiene un potencial relacionado con la concentración de la especie que se quiere medir.
El fenómeno de la corrosión de los metales se basa también en las pilas. De hecho, una superficie que se corroe es en realidad una pila, con una zona anódica en la que el metal se está oxidando y una zona catódica en la que se reduce el oxígeno del aire. Para evitar la corrosión del metal de interés se pueden usar "ánodos de sacrificio".
11. Funcionamiento de una pila
Se puede construir una pila galvánica con dos
disoluciones que contengan diferentes iones
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12. …y dos piezas metálicas (por ejemplo, en forma de tiras). A estas piezas se
les llama electrodos, si bien el vocablo se aplica a menudo a la pieza
metálica más la disolución. Este conjunto también recibe otro nombre:
semicelda o semipila (la pila entera es una celda galvánica)
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27. Cu2+
Cu2+
Cu2+
Cu2+
Zn2+
Zn2+
Zn2+
Zn2+
Zn2+
SO4
2- SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
SO4
2- SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
Zn
Zn
Zn
Zn
Zn
Cu
Cu
Cu
Cu
Cu
Cu
Cl-
K+
K+
K+
Cl-
Cl- Cl-
Cl-
K+
K+
Zn2+
Cu
Zn Zn2+ + 2e- Cu2+ + 2e- Cu
ÁNODO
CÁTODO
K+ Cl-
v
Eo = 1,10 V
La disolución de la izquierda ha quedado con dos cargas positivas
más de las que tenía inicialmente (un ion Zn2+); la de la derecha
ha perdido dos cargas positivas (un ion Cu2+). Los iones del
puente salino se encargarán de recuperar el balance eléctrico…
La disolución de la izquierda ha quedado con dos cargas positivas
más de las que tenía inicialmente (un ion Zn2+); la de la derecha
ha perdido dos cargas positivas (un ion Cu2+). Los iones del
puente salino se encargarán de recuperar el balance eléctrico…
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28. Cu2+
Cu2+
Cu2+
Cu2+
Zn2+
Zn2+
Zn2+
Zn2+
Zn2+
SO4
2- SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
SO4
2- SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
Zn
Zn
Zn
Zn
Zn
Cu
Cu
Cu
Cu
Cu
Cu
Cl-
K+
K+
K+
Cl-
Cl- Cl-
Cl-
K+
K+
Zn2+
Cu
Zn Zn2+ + 2e- Cu2+ + 2e- Cu
ÁNODO
CÁTODO
K+ Cl-
v
…entrando dos iones Cl– en la disolución de la izquierda y dos iones K+ en la de la
derecha (la compensación de cargas también pueden hacerla los iones SO4
2–
pasando por el puente salino desde la semicelda de la derecha a la de la izquierda
…entrando dos iones Cl– en la disolución de la izquierda y dos iones K+ en la de la
derecha (la compensación de cargas también pueden hacerla los iones SO4
2–
pasando por el puente salino desde la semicelda de la derecha a la de la izquierda
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Eo = 1,10 V
32. H2(g), 1 atm
H+(ac), 1 M
Zn(s)
Zn2+(ac), 1 M
Zn + 2H+ Zn2+ + H2
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Hay muchas formas de construir pilas. En la imagen se muestra una pila
basada en el llamado electrodo normal de hidrógeno (recuadrado en rojo).
Este está formado de platino, gas H2 a 1 atm y H+ disuelto en concentración
1 M. A la izquierda se ha dibujado un electrodo de Zn como el de la pila
Daniell. La concentración (más rigurosamente, actividad) del Zn2+ es 1 M.
33. H2(g), 1 atm
H+(ac), 1 M
Zn(s)
Zn2+(ac), 1 M
Zn + 2H+ ⇌ Zn2+ + H2
Se observa experimentalmente qué la reacción que se está
produciendo es esta (se sabe porque en la superficie del electrodo
de Pt se forman burbujas de H2 y la placa de metal de Zn adelgaza)
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34. H2(g), 1 atm
H+(ac), 1 M
Zn(s)
Zn2+(ac), 1 M
Zn + 2H+ ⇌ Zn2+ + H2
Por lo tanto, las reacciones anódica y catódica son las escritas
arriba. El electrodo de Zn actúa como ánodo (Zn Zn2+ + 2e–) y el
de hidrógeno como cátodo (2H+ + 2e– H2). Por lo tanto, el Zn es
el que suministra los electrones que circulan por el conductor (por
eso es el polo negativo de la pila). La pila tendrá un potencial Eo
pila
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Zn Zn2+ + 2e- 2H+ + 2e- H2
ÁNODO CÁTODO
Oxidación Reducción
Eo
pila
35. H2(g), 1 atm
H+(ac), 1 M
Zn(s)
Zn2+(ac), 1 M
Zn + 2H+ ⇌ Zn2+ + H2
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Zn Zn2+ + 2e- 2H+ + 2e- H2
ÁNODO CÁTODO
Como el sistema tiene dos partes (dos electrodos)
en serie, el potencial medido ha de ser igual a la
suma de los “potenciales” de ambas partes:
Eo
pila = Eo
Zn|Zn2+ + Eo
H+
|H2
Eo
Zn|Zn2+ Eo
H+
|H2
Eo
pila = Eo
Zn|Zn2+ + Eo
H+
|H2
Eo
pila
36. H2(g), 1 atm
H+(ac), 1 M
Zn(s)
Zn2+(ac), 1 M
Zn + 2H+ ⇌ Zn2+ + H2
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Zn Zn2+ + 2e- 2H+ + 2e- H2
ÁNODO CÁTODO
Si se mide el potencial de esta pila con un potenciómetro
(un dispositivo para medir diferencias de potencial sin que
circule prácticamente corriente para evitar que la
resistencia influya en dicho potencial) resulta ser de 0,76 V
Eo
pila = Eo
Zn|Zn2+ + Eo
H+
|H2
0,76
37. H2(g), 1 atm
H+(ac), 1 M
Zn(s)
Zn2+(ac), 1 M
Zn + 2H+ ⇌ Zn2+ + H2
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Zn Zn2+ + 2e- 2H+ + 2e- H2
ÁNODO CÁTODO
Al valor “0,76 V” contribuyen ambas semipilas, pero no se
puede medir el valor absoluto del potencial de cada una. Por
eso, se asigna por convenio 0 V al potencial de la semipila
H+|H2. Con esa referencia, el potencial EO
Zn|Zn2+ es +0,76 V
Eo
pila = Eo
Zn|Zn2+ + Eo
H+
|H2
0,76 0
38. H2(g), 1 atm
H+(ac), 1 M
Zn(s)
Zn2+(ac), 1 M
Zn + 2H+ ⇌ Zn2+ + H2
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Zn Zn2+ + 2e- 2H+ + 2e- H2
ÁNODO CÁTODO
EO
Zn|Zn2+ es un potencial de oxidación porque corresponde a una reacción de
oxidación. Pero en otros sistemas la semicelda de zinc podría actuar como cátodo
(Zn2+ + 2e- Zn), en cuyo caso hablaríamos del potencial de reducción EO
Zn2+|Zn. Si
es así, la polaridad sería la opuesta (el electrodo sería positivo) y el potencial (de
reducción) sería el mismo que el de oxidación pero con signo opuesto: – 0,76 V. (El
general, el potencial de reducción es igual al de oxidación pero con distinto signo)
Eo
pila = Eo
Zn|Zn2+ + Eo
H+
|H2
0,76 Eo
Zn2+
|Zn = – 0,76 V
39. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) –3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) Eo = – 0,76 V
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) -0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) -0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) -0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) -0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) Eo = + 0,34 V
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) 1,52
… …
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De este modo hemos podido conocer el potencial normal
de reducción de la semicelda Zn2+(ac) + 2e- Zn(s). Con
“normal” se quiere decir que las actividades de las
especies (concentraciones) son la unidad. Esto lo
expresaremos con el superíndice o
40. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) –3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) Eo = – 0,76 V
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) -0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) -0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) -0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) -0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) Eo = + 0,34 V
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) 1,52
… …
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Procediendo experimentalmente del mismo modo podemos medir
el potencial de reducción de la semicelda Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
41. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) – 3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) – 0,76
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) – 0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) – 0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) – 0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) – 0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) + 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) + 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) + 0,34
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) + 1,52
… …
Serie electroquímica
Y así se puede medir el potencial
normal de reducción, Eo, de cualquier
semicelda o electrodo que
enfrentemos al electrodo normal de
hidrógeno (ENH). Se construye de este
modo la serie electroquímica, que es
una tabla de potenciales de normales
de reducción (a 25 oC)
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42. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) – 3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) – 0,76
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) – 0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) – 0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) – 0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) – 0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) + 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) + 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) + 0,34
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) + 1,52
… …
Serie electroquímica
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El potencial de reducción es una medida
de la tendencia termodinámica a que se
produzca una reacción de reducción.
Cuanto mayor sea Eo, más fácilmente se
producirá la reacción. Las reacciones que
están por encima de la del hidrógeno
(destacada en verde) en la serie
electroquímica se producen más
difícilmente que la del hidrógeno; las que
están por debajo, más fácilmente. En
general, cualquier reacción de reducción
se producirá mejor que otra si aquella
está más abajo en la serie electroquímica
43. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) – 3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) – 0,76
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) – 0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) – 0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) – 0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) – 0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) + 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) + 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) + 0,34
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) + 1,52
… …
Serie electroquímica
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El potencial de reducción es una
propiedad intensiva; es decir, no
depende de la masa de sustancia.
Mide la tendencia a que se
produzca la semirreacción de
reducción correspondiente, y esa
tendencia es la misma para 1 mol
de átomos que para 2, 3…
44. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) –3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) Eo = – 0,76 V
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) -0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) -0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) -0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) -0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) Eo = + 0,34 V
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) 1,52
… …
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A partir de los valores de los potenciales normales frente al ENH podemos
calcular el potencial normal de cualquier pila. Para ello bastaría sumar el
potencial de reducción del cátodo (pues en este electrodo se produce una
reducción) más el potencial de oxidación del ánodo (pues en él se produce
la oxidación). Pero como el potencial de oxidación es el opuesto al de
reducción, lo que se hace habitualmente es restar el potencial de
reducción del cátodo menos el potencial de reducción del ánodo
46. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) –3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) Eo = – 0,76 V
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) -0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) -0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) -0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) -0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) Eo = + 0,34 V
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) 1,52
… …
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ÁNODO
CÁTODO
Cu2+ + Zn Cu + Zn2+) = + 1,10
Eo
PILA = Eo
CÁTODO – Eo
ÁNODO
En general, se puede predecir
el potencial normal de
cualquier pila restando el
potencial de reducción del
cátodo menos el potencial de
reducción del ánodo,
tomados de la serie
electroquímica. Para saber
qué electrodo actúa como
cátodo y cuál como ánodo, se
restan ambos de modo que el
resultado sea positivo, ya que
el potencial de la pila ha de
ser mayor que 0. Hecha esa
resta con resultado positivo,
el minuendo identificará al
cátodo
Eo
PILA ≥ 0
47. ÁNODO CÁTODO
MnO4
–(ac),
Mn2+, 1 M
Cu(s)
Cu2+(ac), 1 M
= + 1,51 V
5Cu + 2MnO4
– + 16H+ 5Cu2+ + 2Mn2+ + 8H2O
Hay pilas cuyas reacciones son más complejas, como esta, pero su potencial también
se puede calcular a partir de datos de la serie electroquímica
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Eo
PILA = Eo
red,CÁT – Eo
red,ÁN
Eo
red,CÁT = 0,34 + 1,17
48. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) – 3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) – 0,76
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) – 0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) – 0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) – 0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) – 0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) + 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) + 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) + 0,34
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) + 1,52
… …
Serie electroquímica
La serie electroquímica permite
comprender el comportamiento de
muchas especies químicas. Por
ejemplo, el alto valor de Eo de la
reacción escrita es indicativo de que
esta reacción se produce con mucha
facilidad…
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49. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) – 3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) – 0,76
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) – 0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) – 0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) – 0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) – 0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) + 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) + 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) + 0,34
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) + 1,52
… …
Au
…y eso es acorde con el hecho de que el oro se encuentre
en la naturaleza como Au (es decir, reducido) en vez de
formando sales o disuelto (oxidado, en la forma Au3+).
Por eso se dice que el oro es un “metal noble”
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50. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) – 3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) – 0,76
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) – 0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) – 0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) – 0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) – 0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) + 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) + 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) + 0,34
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) + 1,52
… …
Serie electroquímica
Por el contrario, la reacción de
obtención de Na a partir de Na+ es
muy desfavorable. De hecho, la que
se produce de forma natural es la
contraria…
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51. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) – 3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) – 0,76
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) – 0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) – 0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) – 0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) – 0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) + 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) + 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) + 0,34
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) + 1,52
… …
Na
…razón por la cual el
Na metálico hay que
mantenerlo protegido
del agua y del aire (ahí
está en aceite de
parafina) ya que, si no,
se oxidaría
inmediatamente a Na+
generando hidrógeno
que se podría inlamar
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…razón por la cual el
Na metálico hay que
mantenerlo protegido
del agua y del aire (ahí
está en aceite de
parafina) ya que, si no,
se oxidaría
inmediatamente a Na+
generando hidrógeno
que se podría inflamar
52. Ag+(ac) + e- Ag(s) +0,80
Pt2+(ac) + 2e- Pt(s) +1,20
F2(g) + 2e- 2F-(ac) +2,87
Los altos valores de los Eo de la plata y el platino explican por
qué estos metales son nobles (tienden a estar reducidos por
su alto potencial de reducción). En cuanto al flúor, su alto Eo
explica por qué es tan oxidante (tiende a reducirse a F–)
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53. K+(ac) + e- K(s) –2,93
Fe2+(ac) + 2e- Fe(s) –0,41
Al3+(ac) + 3e− Al(s) –1,66
Y al contrario, los bajos Eo del K y el Fe explican por qué
en la naturaleza siempre se los encuentra oxidados.
También debería estarlo el Al, pero la capa superficial de
óxido de aluminio que se forma protege el interior
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54. Reacción de reducción Eo (V)
… …
Na+(ac) + e- Na(s) – 3,04
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) – 0,76
Cd2+(ac) + 2e- Cd(s) – 0,40
Co2+(ac) + 2e- Co(s) – 0,28
Ni2+(ac) + 2e- Ni(s) – 0,23
Fe3+(ac) + 3e- Fe(s) – 0,04
2H+(ac) + 2e- H2(g) 0,00
Sn4+(ac) + 2e- Sn2+(ac) + 0,15
Cu2+(ac) + e- Cu+(ac) + 0,16
ClO4
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO3
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,17
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) + 0,34
ClO3
-(ac) + H2O(l) + 2e- ClO2
-(ac) + 2OH-(ac) + 0,35
Au3+(ac) + 3e- Au(s) + 1,52
… …
Serie electroquímica
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Por eso, con una cucharilla de
Zn se podría agitar una
disolución de NaCl, pero no
una de CuCl2, ya que el Cu
tenderá a reducirse y el Zn a
oxidarse (es decir, la cucharilla
se disolvería)
57. Eo = +0,199 V
(respecto a ENH)
EPILA
AgCl(s) + e- Ag(s) + Cl-
Electrodo de referencia
de Ag/AgCl
Como hemos dicho, el
electrodo que se usa
como referencia para
construir la serie
electroquímica es el
electrodo normal de
hidrógeno (ENH). Pero
supone trabajar con un
gas (H2), por lo que es
preferible usar otros
como el de calomelanos
(basado en Hg y Hg2Cl2),
que tiene un potencial
muy estable, o, más
comúnmente, el de
Ag/AgCl, cuyo potencial
frente al del ENH es
0,199 V a 25 oC
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58. 0,96 V
Zn Zn2+ + 2e-
Si enfrentamos un electrodo de Ag/AgCl a uno de Zn2+/Zn (con todas las
actividades = 1) se comprueba experimentalmente que el de Zn2+/Zn actúa como
ánodo (pues el Zn se oxida) y que el potencial de la pila es 0,96 V. Con este dato y
aplicando Eo
pila = Eo
red, cát – Eo
red, án llegaríamos a Eo
red, án = Eo
red, cát – Eo
pila = 0,199 –
0, 96 – 0,76 V, que es el mismo valor que se obtiene para el potencial normal de
reducción del par Zn2+/Zn cuando se emplea un ENH
AgCl(s) + e- Ag(s) + Cl-
Electrodo de referencia
de Ag/AgCl
Eo = +0,199 V
(respecto a ENH)
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62. Zn2+
Zn2+
SO4
2-
SO4
2-
CÁTODO
ÁNODO
v
Zn2+ + 2e- Zn Cu Cu2+ + 2e-
SO4
2-
Zn2+
Pt Pt
Cu2+
Cu2+
Cu2+
Cu2+
Cu2+
Cu2+
SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
Zn2+
Zn2+
Zn2+
Zn2+
SO4
2-
SO4
2-
SO4
2-
La electrolisis se
puede hacer
también (y, de
hecho, es lo
normal) en un
solo recipiente
Sin embargo, una pila
no puede crearse en un
solo recipiente porque
las reacciones de las
semipilas se
producirían
directamente en el
seno de la disolución
(Zn + Cu2+ ⇌ Zn2+ + Cu)
y no se generaría una
corriente de electrones
o corriente eléctrica
64. Hasta aquí hemos visto cómo calcular el potencial normal de una
pila con datos de la serie electroquímica de potenciales normales
de reducción, que son los valores de esta variable cuando las
concentraciones de todas las especies electroactivas son la
unidad. Pero si las concentraciones no son la unidad, el potencial
de la pila ya no será el potencial normal (de hecho, cuando una
pila se va agotando su potencial va disminuyendo). Para calcular
el potencial de una pila en función de las concentraciones de las
especies electroactivas se usa la ecuación de Nernst, que vamos
a deducir a continuación
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65. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
Partimos de la definición de la energía de Gibbs, G
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66. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
∆rG = We
En una pila galvánica (en la que se produce una reacción química
cuya energía de Gibbs es ∆rG) el trabajo distinto del de expansión es
el trabajo eléctrico, We. Trabajo eléctrico es el trabajo asociado al
transporte de una carga q desde un punto de determinado potencial
a otro punto de potencial distinto, es decir, el trabajo asociado al
transporte de una carga en un sistema en el que existe una cierta
diferencia de potencial (como sucede en una pila)
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67. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
∆rG = We = q E
El trabajo eléctrico se define como We = qE, siendo q la carga y
E la diferencia de potencial (que en el caso de una pila la
llamamos simplemente potencial de la pila). Pero ¿cuál es la
carga que se transporta en la reacción de una pila? Se tratará
de la carga de los electrones puestos en juego
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68. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
Recordemos la pila Daniell. Para que se produzca una reacción global
elemental (color verde) de este pila se necesita que circulen e = 2
electrones (e es el coeficiente estequiométrico de los electrones) desde
el ánodo hasta el cátodo. Por otro lado, la reacción global tal como está
escrita supone que 1 mol de Zn reaccionaría con 1 mol de Cu2+. Para ello
se necesitarían e moles de electrones o, lo que es lo mismo, e NA
electrones en total (NA es la constante de Avogadro)
Zn(s) Zn2+(ac) + 2e-
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
Zn(s) + Cu2+(ac) Zn2+(ac) + Cu(s)
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∆rG = We = q E
69. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
∆rG = We = –eNAe E
Si llamamos –e a la carga de un electrón, la carga total
transportada sería – eNAe. El producto de esta carga por el
potencial E sería el trabajo eléctrico en la pila
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70. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
∆rG = We = –eNAe E = –eFE
El producto eNA es una constante llamada de
Faraday. Su valor es F = 96485 culombios
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71. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
∆rG = We = –eNAe E = –eFE ∆rGo = –eFEo
Por analogía podemos establecer esta ecuación referida a la energía de
Gibbs estándar (∆rGo) y al correspondiente al potencial normal o estándar,
Eo. Los superíndices indican en ambos casos que nos referimos a
actividades iguales a 1 (aprox. concentraciones 1 M o presiones de 1 atm).
Es decir, las expresiones de ∆rGo y ∆rG son análogas pero la primera se
refiere a actividades unidad y la segunda a cualquier valor de actividad
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72. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
∆rG = We = –eNAe E = –eFE ∆rGo = –eFEo
∆rG = ∆rGo + RT ln Q
Es sabido que la relación entre ∆rG y ∆rGo es
esta, siendo Q el cociente de reacción (cuya
expresión es la misma que la de la constante
de equilibrio de la reacción de la pila pero para
concentraciones distintas a las del equilibrio)
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73. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
∆rG = ∆rGo + RT ln Q –eFE = –eFEo + RT ln Q
De las expresiones anteriores
es inmediato llegar a esta…
∆rG = We = –eNAe E = –eFE ∆rGo = –eFEo
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74. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
Ecuación de Nernst: E = Eo – ln Q
RT
eF
…y, despejando E, a la
ecuación de Nernst
∆rG = ∆rGo + RT ln Q –eFE = –eFEo + RT ln Q
∆rG = We = –eNAe E = –eFE ∆rGo = –eFEo
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75. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
En el equilibrio:
∆rG = 0 E = 0 Como es sabido, cuando se
alcanza un equilibrio
químico el cambio de
energía de Gibbs es nulo
Ecuación de Nernst: E = Eo – ln Q
RT
eF
∆rG = ∆rGo + RT ln Q –eFE = –eFEo + RT ln Q
∆rG = We = –eNAe E = –eFE ∆rGo = –eFEo
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76. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
En el equilibrio:
∆rG = 0 E = 0
=
Esto implica, por la primera
ecuación escrita arriba, que
en el equilibrio E = 0
Ecuación de Nernst: E = Eo – ln Q
RT
eF
∆rG = ∆rGo + RT ln Q –eFE = –eFEo + RT ln Q
∆rG = We = –eNAe E = –eFE ∆rGo = –eFEo
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77. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
En el equilibrio:
∆rG = 0 E = 0
Q = K =
Y como, además,
en el equilibrio, por
definición Q = K…
Ecuación de Nernst: E = Eo – ln Q
RT
eF
∆rG = ∆rGo + RT ln Q –eFE = –eFEo + RT ln Q
∆rG = We = –eNAe E = –eFE ∆rGo = –eFEo
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78. La energía de Gibbs es una medida del trabajo máximo (distinto del
de expansion) que puede realizar un sistema termodinámico
en condiciones reversibles, isotérmicas (T constante) e isobáricas (p constante)
En el equilibrio:
∆rG = 0 E = 0
Q = K =
Eo = ln K
RT
eF
Ecuación de Nernst: E = Eo – ln Q
RT
eF
∆rG = ∆rGo + RT ln Q –eFE = –eFEo + RT ln Q
∆rG = We = –eNAe E = –eFE ∆rGo = –eFEo
Se llega a esta ecuación que permite
calcular la constante de equilibrio de
la reacción que se da en una pila a
partir de su potencial normal
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79. oxidante+ reductor reductor+ oxidante
Haremos algunas
consideraciones sobre la
ecuación de Nernst. Supongamos
esta ecuación general de la pila…
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80. oxidada+ reducida reducida+ oxidada
…que también podemos escribir así, ya que el oxidante
es, al mismo tiempo, la especie oxidada, y el reductor es
la especie reducida. (Esto es lógico: un oxidante es tal
porque oxida a otra sustancia; es decir, le quita
electrones. Al quitarle electrones a la otra, el oxidante se
reduce. Si se reduce, pasa de estar oxidada a reducida.
Por lo tanto, “oxidante” y “oxidado” es equivalente)
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81. Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
La ecuación general anterior la escribiremos más
simplificadamente así. Ox1 es la sustancia 1 en
su forma oxidada (y es un oxidante); Red1 es la
misma sustancia en su forma reducida (y es un
reductor). Lo mismo para la sustancia 2
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82. Ox1 + ee– Red1
Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
La ecuación general procede de la suma de las
semirreacciones que suceden en el cátodo y en ánodo.
Supongamos que la ecuación general del cátodo es esta.
Como se ve, la forma oxidada de la especie 1 (Ox1) se
reduce a Red1 tomando e electrones
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83. Ox1 + ee– Red1
Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
Eo
Ox1/Red1
Esta reacción viene caracterizada por su correspondiente
potencial normal de reducción Eo
Ox1/Red1
(recordemos que
con “normal” se quiere dar a entender que las especies Ox1 y
Red1 están en concentración 1 M o presión 1 atm para los gases)
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84. Ox1 + ee– Red1
Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
Red2 Ox2 + ee–
Eo
Ox1/Red1
La forma reducida de la especie 1 (Red2) se oxida a
Ox2 liberando electrones en el ánodo. Supongamos
que el número de electrones que se liberan en este
proceso de oxidación es, como antes, e
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85. Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
Esta reacción viene caracterizada
por su correspondiente potencial
normal de oxidación Eo
Red2/Ox2
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Ox1 + ee– Red1 Red2 Ox2 + ee–
Eo
Ox1/Red1
Eo
Red2/Ox2
86. EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
– [Red1]
[Ox1]
ln
Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
RT
eF
– ln [Red1]
[Ox1]
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Ox1 + ee– Red1 Red2 Ox2 + ee–
Eo
Ox1/Red1
Eo
Red2/Ox2
La ecuación de Nernst se puede aplicar así al cátodo
(R = 8,31 J mol-1 K-1; F = 96485 C mol–1)
R = 8,31 J mol –1 K–1
F = 96485 C mol–1
87. Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
ERed2/Ox2
= Eo
Red2/Ox2
RT
eF
– [Ox2]
[Red2]
ln
Y de esta manera al ánodo
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EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
– [Red1]
[Ox1]
ln
EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
RT
eF
– ln [Red1]
[Ox1]
Ox1 + ee– Red1 Red2 Ox2 + ee–
Eo
Ox1/Red1
Eo
Red2/Ox2
R = 8,31 J mol –1 K–1
F = 96485 C mol–1
88. Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
ERed2/Ox2
= Eo
Red2/Ox2
RT
eF
– [Ox2]
[Red2]
ln
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EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
– [Red1]
[Ox1]
ln
EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
RT
eF
– ln [Red1]
[Ox1]
Ox1 + ee– Red1 Red2 Ox2 + ee–
Eo
Ox1/Red1
Eo
Red2/Ox2
R = 8,31 J mol –1 K–1
F = 96485 C mol–1
Ecuaciones de Nernst de las semirreacciones de reducción y oxidación
89. Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
ERed2/Ox2
= Eo
Red2/Ox2
RT
eF
– [Ox2]
[Red2]
ln
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EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
– [Red1]
[Ox1]
ln
EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
RT
eF
– ln [Red1]
[Ox1]
Ox1 + ee– Red1 Red2 Ox2 + ee–
Eo
Ox1/Red1
Eo
Red2/Ox2
R = 8,31 J mol –1 K–1
F = 96485 C mol–1
Ecuaciones de Nernst de las semirreacciones de reducción y oxidación
Nota: si los e no son iguales en ambas semirreacciones,
estas se deben multiplicar por números para que el
número de moles de electrones coincidan
90. Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
ERed2/Ox2
= Eo
Red2/Ox2
RT
eF
– [Ox2]
[Red2]
ln
triplenlace.com
EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
– [Red1]
[Ox1]
ln
EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
RT
eF
– ln [Red1]
[Ox1]
Ox1 + ee– Red1 Red2 Ox2 + ee–
Eo
Ox1/Red1
Eo
Red2/Ox2
R = 8,31 J mol –1 K–1
F = 96485 C mol–1
Ecuaciones de Nernst de las semirreacciones de reducción y oxidación
Ecuación de Nernst de la reacción global
La ecuación de Nernst de la reacción global se obtiene
sumando las dos anteriores (habrá que tener en cuenta
para ello las propiedades de la suma de los logaritmos)
91. Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
ERed2/Ox2
= Eo
Red2/Ox2
RT
eF
– [Ox2]
[Red2]
ln
EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
– [Red1]
[Ox1]
ln
EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
RT
eF
– ln [Red1]
[Ox1]
Ox1 + ee– Red1 Red2 Ox2 + ee–
Eo
Ox1/Red1
Eo
Red2/Ox2
R = 8,31 J mol –1 K–1
F = 96485 C mol–1
Ecuaciones de Nernst de las semirreacciones de reducción y oxidación
Ecuación de Nernst de la reacción global
E = (Eo
Ox1/Red1
+ Eo
Red2/Ox2
) –
eF
[Red1] [Ox2]
ln
[Ox1] [Red2]
RT
Este es el potencial normal total de la pila, que
también se puede escribir en términos de
potenciales de reducción así: Eo
Ox1/Red1
– Eo
Ox2/Red2
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Esta es la expresión del
cociente de reacción, Q
92. Ox1 + Red2 Red1 + Ox2
ERed2/Ox2
= Eo
Red2/Ox2
RT
eF
– [Ox2]
[Red2]
ln
EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
– [Red1]
[Ox1]
ln
EOx1/Red1
= Eo
Ox1/Red1
RT
eF
– ln [Red1]
[Ox1]
Ox1 + ee– Red1 Red2 Ox2 + ee–
Eo
Ox1/Red1
Eo
Red2/Ox2
R = 8,31 J mol –1 K–1
F = 96485 C mol–1
Ecuaciones de Nernst de las semirreacciones de reducción y oxidación
Ecuación de Nernst de la reacción global
E = Eo –
eF
Q
ln
RT
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93. H2(g), 1 atm
H+(ac), 1 M
Zn(s)
Zn2+(ac), 1 M
Zn + 2H+ Zn2+ + H2
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2H+ + 2e- H2
EH+/H2
= Eo
H+/H2
–
𝑅𝑇
2𝐹
ln
𝑎H2
𝑎H
+ 2
La ecuación de Nernst permitiría calcular el
potencial del electrodo normal de hidrógeno en
condiciones distintas de las normales, es decir, para
actividades distintas de 1. Para cálculos
aproximados la actividad del H2 se puede sustituir
por su presión y la de los H+ por su concentración.
(Recuérdese que Eo
H+/H2
es 0)
94. H2(g), 1 atm
H+(ac), 1 M
Zn(s)
Zn2+(ac), 1 M
Zn + 2H+ Zn2+ + H2
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H+ + e- ½H2
EH+/H2
= Eo
H+/H2
–
𝑅𝑇
𝐹
ln
(𝑎H2
)½
𝑎H
+
Incidentalmente, podemos comprobar que la forma
de ajustar la semirreacción no influye en la ecuación
de Nernst. Por las propiedades de los logaritmos
esta expresión es igual que la escita anteriormente
95. Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de
cada semicélula y la fuerza electromotriz de la pila
Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V
R= 8,314 JK-1 mol-1; F= 96485 Cmol-1; T= 25 ºC = 298 K)
PROBLEMA
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96. V3+ y V2+
(mezclados)
Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de cada semicélula y la fuerza
electromotriz de la pila Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V)
Pt | Cr2+(0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+(1M) | Pt
Cr3+ y Cr2+
(mezclados)
En la nomenclatura de las pilas se suele escribir el ánodo a la izquierda (y, consiguientemente,
el cátodo a la derecha), si bien esto no tenemos por qué presuponerlo pues puede que no se
haya respetado ese criterio. Una doble barra, indicadora del puente salino, sirve para separar
ambas semipilas o electrodos. La barra simple separa fases (en este caso, líquida de sólida)
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97. Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de cada semicélula y la fuerza
electromotriz de la pila Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V)
Pt | Cr2+(0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+(1M) | Pt
Cr3+ + e– Cr2+ V3+ + e– V2+
V3+ y V2+
(mezclados)
Cr3+ y Cr2+
(mezclados)
Las reacciones en cada semipila se deducen del enunciado, pero
consideraremos que no sabemos cuál es el ánodo (oxidación) y cuál
el cátodo (reducción) y por tanto las escribiremos ambas como de
reducción (de hecho, es recomendable proceder siempre así)
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98. Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de cada semicélula y la fuerza
electromotriz de la pila Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V)
Pt | Cr2+(0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+(1M) | Pt
Cr3+ + e– Cr2+ V3+ + e– V2+
ECr3+/Cr2+ = Eo
Cr3+/Cr2+
RT
eF
– [Cr2+]
[Cr3+]
ln EV3+/V2+ = Eo
V3+/V2+
RT
eF
– [V2+]
[V3+]
ln
V3+ y V2+
(mezclados)
Cr3+ y Cr2+
(mezclados)
Planteamos las ecuaciones de Nernst
para ambos electrodos y en términos
de las ecuaciones de reducción
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99. Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de cada semicélula y la fuerza
electromotriz de la pila Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V)
Pt | Cr2+(0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+(1M) | Pt
Cr3+ + e– Cr2+ V3+ + e– V2+
ECr3+/Cr2+ = – 0,233 V EV3+/V2+ = – 0,378 V
V3+ y V2+
(mezclados)
Cr3+ y Cr2+
(mezclados)
Y calculamos así los valores
numéricos de los potenciales
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100. Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de cada semicélula y la fuerza
electromotriz de la pila Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V)
Pt | Cr2+(0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+(1M) | Pt
Cr3+ + e– Cr2+ V3+ + e– V2+
– 0,233 V – 0,378 V
V3+ y V2+
(mezclados)
Cr3+ y Cr2+
(mezclados)
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101. Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de cada semicélula y la fuerza
electromotriz de la pila Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V)
Pt | Cr2+(0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+(1M) | Pt
V3+ + e– V2+ – 0,378 V
EPILA = Ered,CÁT – Ered,ÁN
V3+ y V2+
(mezclados)
Cr3+ y Cr2+
(mezclados)
Cr3+ + e– Cr2+
– 0,233 V
Recordamos ahora que el potencial de la pila se calcula restando el
potencial de reducción del cátodo menos el potencial de reducción del
ánodo. Aunque no sepamos cuál es el cátodo y cuál el ánodo, restaremos
los números obtenidos de manera que se obtenga una cantidad positiva
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102. Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de cada semicélula y la fuerza
electromotriz de la pila Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V)
Pt | Cr2+(0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+(1M) | Pt
V3+ + e– V2+ – 0,378 V
EPILA = Ered,CÁT – Ered,ÁN
EPILA = – 0,233 – (– 0,378)
V3+ y V2+
(mezclados)
Cr3+ y Cr2+
(mezclados)
Cr3+ + e– Cr2+
– 0,233 V
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103. Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de cada semicélula y la fuerza
electromotriz de la pila Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V)
Pt | Cr2+(0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+(1M) | Pt
V3+ + e– V2+ – 0,378 V
EPILA = Ered,CÁT – Ered,ÁN
EPILA = – 0,233 – (– 0,378)
V3+ y V2+
(mezclados)
Cr3+ y Cr2+
(mezclados)
Cr3+ + e– Cr2+
– 0,233 V
= 0,145 V
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104. Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de cada semicélula y la fuerza
electromotriz de la pila Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V)
Pt | Cr2+(0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+(1M) | Pt
V3+ + e– V2+ – 0,378 V
EPILA = Ered,CÁT – Ered,ÁN
EPILA = – 0,233 – (– 0,378)
V3+ y V2+
(mezclados)
Cr3+ y Cr2+
(mezclados)
Cr3+ + e– Cr2+
– 0,233 V
= 0,145 V
Ahora podemos saber cuál es el
cátodo, pues siempre corresponde
al primer valor numérico escrito
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105. Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de cada semicélula y la fuerza
electromotriz de la pila Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V)
Pt | Cr2+(0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+(1M) | Pt
V2+ V3+ + e–
EPILA = Ered,CÁT – Ered,ÁN
EPILA = – 0,233 – (– 0,378)
V3+ y V2+
(mezclados)
Cr3+ y Cr2+
(mezclados)
= 0,145 V
Cr3+ + e– Cr2+
Y podemos escribir las semirreacciones tal como se dan en
realidad en esta pila, ya que en el cátodo siempre se
produce la reducción y en el ánodo la oxidación
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106. Aplicando la ecuación de Nernst, calcular el potencial de cada semicélula y la fuerza
electromotriz de la pila Pt | Cr2+ (0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+ (1M) | Pt
(Datos: E0 (V3+/V2+) = – 0,26 V; E0(Cr3+/Cr2+) = – 0,41 V)
Pt | Cr2+(0,001M), Cr3+(1M) || V3+(0,01M), V2+(1M) | Pt
EPILA = Ered,CÁT – Ered,ÁN
EPILA = – 0,233 – (– 0,378) = 0,145 V
Cr3+ + V2+ Cr2+ + V3+
V2+ V3+ + e–
Cr3+ + e– Cr2+
La reacción global
de la pila es esta
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107. Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V.
a) ¿Qué potencial suministra una pila Daniell (Cu|Cu2+ ||
Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M?
b) ¿Cuál es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la
concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de ZnSO4 es 1,5 M?
c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+]
= 1 M? d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción
química que se produce en la pila
PROBLEMA
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108. Zn2+
Zn
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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109. a
Como la concentración de las especies
electroactivas es 1 M, el potencial que nos
piden es el potencial normal de la pila
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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110. Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) -0,76
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) +0,34
a
Para conocerlo basta consultar los potenciales
normales de ambos electrodos o semipilas en
la tabla de la serie electroquímica
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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111. Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) -0,76
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) +0,34
El potencial de toda pila tiene que ser positivo
a
Y tener en cuenta esta regla general
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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112. El potencial de toda pila tiene que ser positivo
Eo = Eo
cátodo – Eo
ánodo > 0
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) -0,76
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) +0,34
a
Y esta otra: el potencial normal de una pila es la diferencia
entre el potencial normal del cátodo y el del ánodo
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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113. Eo = 0,34 – (–0,76) = 1,10 V
a
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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El potencial de toda pila tiene que ser positivo
Eo = Eo
cátodo – Eo
ánodo > 0
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) -0,76
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) +0,34
114. Eo = 0,34 – (–0,76) = 1,10 V
a
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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El potencial de toda pila tiene que ser positivo
Eo = Eo
cátodo – Eo
ánodo > 0
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) -0,76
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) +0,34
115. Eo = 0,34 – (–0,76) = 1,10 V
a
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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El potencial de toda pila tiene que ser positivo
Eo = Eo
cátodo – Eo
ánodo > 0
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) -0,76
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) +0,34
116. Eo = 0,34 – (–0,76) = 1,10 V
a
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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El potencial de toda pila tiene que ser positivo
Eo = Eo
cátodo – Eo
ánodo > 0
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) -0,76
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) +0,34
117. Eo = 0,34 – (–0,76) = 1,10 V
a
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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El potencial de toda pila tiene que ser positivo
Eo = Eo
cátodo – Eo
ánodo > 0
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) -0,76
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) +0,34
CÁTODO
118. Eo = 0,34 – (–0,76) = 1,10 V
a
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
triplenlace.com
El potencial de toda pila tiene que ser positivo
Eo = Eo
cátodo – Eo
ánodo > 0
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) -0,76
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) +0,34
CÁTODO
ÁNODO
119. Eo = 0,34 – (–0,76) = 1,10 V
a
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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El potencial de toda pila tiene que ser positivo
Eo = Eo
cátodo – Eo
ánodo > 0
CÁTODO
ÁNODO
A la reacción del ánodo le damos
la vuelta porque en el ánodo
siempre tiene lugar la oxidación
Zn(s) Zn2+(ac) + 2e-
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
120. a
CÁTODO
ÁNODO
La suma de ambas semirreacciones
da la total de la pila (abajo)
Zn(s) Zn2+(ac) + 2e-
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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⇌
121. b
Aplicaremos la ecuación de Nernst para calcular
los potenciales de reducción de ambos electrodos.
Para ello, trabajaremos con las semirreacciones
como si ambas fuesen de reducción
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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122. Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) ECu2+/Cu = Eo
Cu2+/Cu
RT
eF
– 1
[Cu2+]
ln
b
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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La concentración del Cu(s) es constante
o, visto desde otro punto de viata, su
actividad es 1. Por eso, en el numerador
de la expresión de Qo escribimos un 1
123. Cu2+(ac) + 2e- Cu(s) ECu2+/Cu = Eo
Cu2+/Cu
RT
eF
– 1
[Cu2+]
ln
ECu2+/Cu = 0,34
8,314 · 298
2 · 96485
–
1
0,005
ln = 0,272 V
b
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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124. Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) EZn2+/Zn = Eo
Zn2+/Zn
RT
eF
– 1
[Zn2+]
ln
ECu2+/Cu = Eo
Cu2+/Cu
RT
eF
– 1
[Cu2+]
ln
ECu2+/Cu = 0,34 –
1
0,005
ln = 0,272 V
b
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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8,314 · 298
2 · 96485
125. Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s)
ECu2+/Cu = Eo
Cu2+/Cu
RT
eF
– 1
[Cu2+]
ln
ECu2+/Cu = 0,34 –
1
0,005
ln = 0,272 V
EZn2+/Zn = – 0,76 –
1
1, 5
ln = – 0,755 V
b
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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8,314 · 298
2 · 96485
8,314 · 298
2 · 96485
EZn2+/Zn = Eo
Zn2+/Zn
RT
eF
– 1
[Zn2+]
ln
126. Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) EZn2+/Zn = Eo
Zn2+/Zn
RT
eF
– 1
[Zn2+]
ln
ECu2+/Cu = Eo
Cu2+/Cu
RT
eF
– 1
[Cu2+]
ln
ECu2+/Cu = 0,34 –
1
0,005
ln = 0,272 V
EZn2+/Zn = – 0,76 –
1
1, 5
ln = – 0,755 V
b
E = Ecátodo – Eánodo > 0
El potencial de toda pila tiene que ser positivo
E = 0,272 – (–0,755) = 1,027 V
Restando los potenciales
de reducción obtenidos
de modo que la resta dé
un número mayor que 0
podemos identificar
ánodo y cátodo
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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8,314 · 298
2 · 96485
8,314 · 298
2 · 96485
127. Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) EZn2+/Zn = Eo
Zn2+/Zn
RT
eF
– 1
[Zn2+]
ln
ECu2+/Cu = Eo
Cu2+/Cu
RT
eF
– 1
[Cu2+]
ln
ECu2+/Cu = 0,34 –
1
0,005
ln = 0,272 V
EZn2+/Zn = – 0,76 –
1
1, 5
ln = – 0,755 V
b
Esa información también nos permite escribir la reacción global de la
pila teniendo en cuenta que las semirreacciones son:
CÁTODO (reducción):
ÁNODO (oxidación):
Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
Zn (s) Zn2+(ac) + 2e-
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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8,314 · 298
2 · 96485
8,314 · 298
2 · 96485
128. Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) EZn2+/Zn = Eo
Zn2+/Zn
RT
eF
– 1
[Zn2+]
ln
ECu2+/Cu = Eo
Cu2+/Cu
RT
eF
– 1
[Cu2+]
ln
CÁT.
ÁN.
Cu2+(ac) + Zn(s) ⇌ Cu(s) + Zn2+(ac)
PILA
ECu2+/Cu = 0,34 –
1
0,005
ln = 0,272 V
EZn2+/Zn = – 0,76 –
1
1, 5
ln = – 0,755 V
b
La suma de ambas semirreacciones
da la reacción global de la pila
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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8,314 · 298
2 · 96485
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2 · 96485
129. Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) EZn2+/Zn = Eo
Zn2+/Zn
RT
eF
– 1
[Zn2+]
ln
ECu2+/Cu = Eo
Cu2+/Cu
RT
eF
– 1
[Cu2+]
ln
E = (E0
Cu2+/Cu – E0
Zn2+/Zn) RT
eF
– [Zn2+]
[Cu2+]
ln
CÁT.
ÁN.
Cu2+(ac) + Zn(s) ⇌ Cu(s) + Zn2+(ac)
PILA
ECu2+/Cu = 0,34 –
1
0,005
ln = 0,272 V
EZn2+/Zn = – 0,76 –
1
1, 5
ln = – 0,755 V
b
El problema
también se
podía haber
resuelto
aplicando
directamente la
ecuación de
Nernst a la
reacción
ecuación global
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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8,314 · 298
2 · 96485
8,314 · 298
2 · 96485
130. Cu2+(ac) + 2e- Cu(s)
Zn2+(ac) + 2e- Zn(s) EZn2+/Zn = Eo
Zn2+/Zn
RT
eF
– 1
[Zn2+]
ln
ECu2+/Cu = Eo
Cu2+/Cu
RT
eF
– 1
[Cu2+]
ln
E = (E0
Cu2+/Cu – E0
Zn2+/Zn) RT
eF
– [Zn2+]
[Cu2+]
ln
CÁT.
ÁN.
Cu2+(ac) + Zn(s) ⇌ Cu(s) + Zn2+(ac)
PILA
ECu2+/Cu = 0,34 –
1
0,005
ln = 0,272 V
EZn2+/Zn = – 0,76
8,314 · 298
2 · 96485
–
1
1, 5
ln = – 0,755 V
E = 0,34 – (– 0,76)
8,314 · 298
2 · 96485
–
1,5
0,005
ln = 1,027 V
–
b
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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8,314 · 298
2 · 96485
131. c
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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132. c rG = –eFE
Así se calcula la energía de Gibbs asociada a la la
reacción de la pila cuando su potencial es E.
F = 96885 C/mole es la constante de Faraday; e es el
coeficiente estequiométrico de los electrones en las
semirreacciones de oxidación y reducción (una vez
ajustadas estas con los números enteros más sencillos
y de modo que la suma de ellas cancele los electrones)
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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133. PILA
c
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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rG = –eFE
Cu2+(ac) + Zn(s) ⇌ Cu(s) + Zn2+(ac)
134. E = (Eo
Cu2+/Cu – Eo
Zn2+/Zn) RT
eF
– [Zn2+]
[Cu2+]
ln
Cu2+(ac) + Zn(s) ⇌ Cu(s) + Zn2+(ac)
PILA
c
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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rG = –eFE
135. – [Zn2+]
[Cu2+]
ln
Cu2+(ac) + Zn(s) ⇌ Cu(s) + Zn2+(ac)
PILA
E = 0,34 – (– 0,76)
8,314 · 298
2 · 96485
1
6,19 · 10–38
ln 0 V
–
c
Que se obtenga un potencial nulo indica que la reacción de esta
pila ha llegado al equilibrio; es decir, dejan de circular electrones
del ánodo al cátodo. Por lo tanto, la pila se ha agotado
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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rG = –eFE
E = (Eo
Cu2+/Cu – Eo
Zn2+/Zn) RT
eF
136. – [Zn2+]
[Cu2+]
ln
Cu2+(ac) + Zn(s) ⇌ Cu(s) + Zn2+(ac)
PILA
E = 0,34 – (– 0,76)
8,314 · 298
2 · 96485
1
6,19 · 10–38
ln 0 V
–
c
Sustituyendo el valor de E (0 V)
en la expresión de G se obtiene
para esta variable el valor 0
como era de esperar, ya que en
todo equilibrio químico rG = 0
rG = 0
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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rG = –eFE
E = (Eo
Cu2+/Cu – Eo
Zn2+/Zn) RT
eF
137. – [Zn2+]
[Cu2+]
ln
Cu2+(ac) + Zn(s) ⇌ Cu(s) + Zn2+(ac)
PILA
E = 0,34 – (– 0,76)
8,314 · 298
2 · 96485
1
6,19 · 10–38
ln 0 V
–
c
rG = 0
el sistema está en equilibrio
la pila está agotada
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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rG = –eFE
E = (Eo
Cu2+/Cu – Eo
Zn2+/Zn) RT
eF
138. d
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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139. Cu2+(ac) + Zn(s) ⇌ Cu(s) + Zn2+(ac)
PILA
d
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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140. Cu2+(ac) + Zn(s) ⇌ Cu(s) + Zn2+(ac)
PILA
d
RT
eF
0 = Eo – lnK
RT
eF
= (Eo
cát – Eo
án) – lnK
Ecuación de Nernst en el equilibrio
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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En el equilibrio E = 0 y la expresión sometida al
logaritmo es la constante de equilibrio
En el equilibrio E = 0 y la expresión sometida al
logaritmo es la constante de equilibrio
141. Cu2+(ac) + Zn(s) ⇌ Cu(s) + Zn2+(ac)
PILA
d
Ecuación de Nernst en el equilibrio
0 = 0,34 – (– 0,76)
8,314 · 298
2 · 96485
ln K
–
K = 1,6 · 1037
Los Eo de los pares Zn2+/Zn y Cu2+/Cu son –0,76 y +0,34 V. a) ¿Qué potencial suministra una
pila Daniell (Cu|Cu2+ || Zn2+ | Zn) si las concentraciones de CuSO4 y ZnSO4 son 1 M? b) ¿Cuál
es el E de cada semicélula y el E total de la pila si la concentración de CuSO4 es 0,005 M y la de
ZnSO4 es 1,5 M? c) ¿Cuál es el valor de rG cuando [Cu2+] = 6,19·10–38 y [Zn2+] = 1 M?
d) Calcular la constante de equilibrio de la reacción química que se produce en la pila
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0 = Eo – lnK
RT
eF
= (Eo
cát – Eo
án) – lnK
RT
eF
143. triplenlace.com
Zn Zn2+ + 2e-
Eo = -0,76 V
Zn2+ + 2e- Zn
Eo = -0,76 V
EPILA
Hasta aquí hemos hablado de pilas formadas por dos electrodos
diferentes. Pero ¿sería posible construir una pila con dos electrodos
en los que se dé la misma reacción de oxidación-reducción? Sí, con la
condición de que la concentración de las especies electroactivas en
ambos electrodos sea diferente. Este tipo de pilas se llaman, por ello,
pilas de concentración. Vamos a demostrar que efectivamente
producen un potencial (aunque, normalmente, bajo)
144. triplenlace.com
Zn Zn2+ + 2e-
Eo = -0,76 V
ZnÁN + Zn2+
CÁT Zn2+
ÁN + ZnCÁT
Zn2+ + 2e- Zn
Eo = -0,76 V
EPILA
Esta sería la ecuación global. Ponemos los subíndices “ÁN”
y “CÁT” para distinguir el Zn y el Zn2+ de cada electrodo. Y
suponemos que en el cátodo la concentración de Zn es
mayor que en el ánodo
145. triplenlace.com
Eo
PILA = (Eo
CÁT – Eo
ÁN)
Zn Zn2+ + 2e-
Eo = -0,76 V
ZnÁN + Zn2+
CÁT Zn2+
ÁN + ZnCÁT
Zn2+ + 2e- Zn
Eo = -0,76 V
EPILA
El potencial normal de la pila, lógicamente, es
0, pues se obtiene restando los potenciales
normales de los electrodos, que son iguales
= - 0,76– (- 0,76) = 0 V
146. triplenlace.com
Eo
PILA = (Eo
CÁT – Eo
ÁN)
Zn Zn2+ + 2e-
Eo = -0,76 V
ZnÁN + Zn2+
CÁT Zn2+
ÁN + ZnCÁT
Zn2+ + 2e- Zn
Eo = -0,76 V
ECÁT = Eo
CÁT –
𝑅𝑇
2𝐹
ln
[Zn]𝐶Á𝑇
[Zn2+]𝐶Á𝑇
EPILA
Zn2+ + 2e- Zn
EÁN = Eo
ÁN –
𝑅𝑇
2𝐹
ln
[Zn]Á𝑁
[Zn2+]Á𝑁
Zn2+ + 2e- Zn
= - 0,76– (- 0,76) = 0 V
Pero los potenciales de reducción en función de las concentraciones de
las especies electroactivas serían estos (según la ecuación de Nernst)
147. triplenlace.com
Eo
PILA = (Eo
CÁT – Eo
ÁN)
EPILA = (ECÁT – EÁN) = −
𝑅𝑇
2𝐹
ln
[Zn2+]Á𝑁
[Zn2+]𝐶Á𝑇
Zn Zn2+ + 2e-
Eo = -0,76 V
ZnÁN + Zn2+
CÁT Zn2+
ÁN + ZnCÁT
Zn2+ + 2e- Zn
Eo = -0,76 V
EPILA
Zn2+ + 2e- Zn Zn2+ + 2e- Zn
= - 0,76– (- 0,76) = 0 V
ECÁT = Eo
CÁT –
𝑅𝑇
2𝐹
ln
[Zn]𝐶Á𝑇
[Zn2+]𝐶Á𝑇
EÁN = Eo
ÁN –
𝑅𝑇
2𝐹
ln
[Zn]Á𝑁
[Zn2+]Á𝑁
Y el potencial total de la pila
(resta de los dos anteriores)
sería este. Como se ve, si las
concentraciones de Zn2+ en el
ánodo y en el cátodo son
diferentes, el potencial de la
pila no es 0
149. ELECTRODO
DE REFERENCIA
ELECTRODO
INDICADOR
(DE MEMBRANA)
H+ Diafragma
(puente
salino)
Membrana
El “electrodo de vidrio” es una combinación de un electrodo de referencia (normalmente,
de Ag/AgCl) con un electrodo indicador que posee una membrana de un material vítreo
especialmente formulado para responder a cambios de concentración de H+
La “membrana de vidrio” es el componente
clave del “electrodo de vidrio”
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151. ELECTRODO
INDICADOR
(DE MEMBRANA)
Esta es una ampliación de la
membrana de vidrio. En el interior
se pone una concentración patrón
de protones (por ejemplo, 1 M); en
el exterior, [H+] es variable. La
membrana no es permeable a los
iones H+, pero sí permite que estos
penetren en ella hasta cierta
profundidad, tanto desde el interior
del tubo como desde el exterior
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152. ELECTRODO
INDICADOR
(DE MEMBRANA)
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Aquí se ve más ampliada. Los protones
entran en las capas más superficiales,
tanto interna como externa. Entre ambas
capas, al estar cargadas, se crea una
diferencia de potencial si en la capa
externa hay diferente concentración de
protones que en la interna
153. ELECTRODO
INDICADOR
(DE MEMBRANA)
pH = K – E / 0,0592
De la ecuación de Nernst
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A esa diferencia de potencial, E, se le puede aplicar esta expresión que se
puede deducir de la ecuación de Nernst. Como se ve, la ecuación relaciona la
concentración de H+ en el exterior del electrodo, y por tanto el pH de la
disolución, con el potencial medido con un voltímetro, E. (K es una constante)
154. pH = K – E / 0,0592
De la ecuación de Nernst
El número 0,0592 es el factor RT/F a 25 oC (R = 8,314 J/(molK); T = 298,16 K; F =
96485 C) multiplicado por 2,303 para transformar el logaritmo neperiano de la
ecuación de Nernst en logaritmo decimal (ya que el pH se calcula a partir del
logaritmo decimal de [H+], no del logaritmo neperiano)
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155. En la práctica no se introducen en la
disolución dos electrodos independientes,
el de referencia y el indicador…
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156. …sino un “electrodo combinado”
que contiene a aquellos dos,
dispuestos concéntricamente y
conectados internamente
mediante un puente salino
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157. Este electrodo se conecta a un voltímetro, el cual mide E, y a partir de ese
valor el instrumento calcula el pH. Previamente hay que calibrar el equipo
(llamado peachímetro o pHmetro) para determinar K. (Nótese que la
representación de pH frente a potencial medido E será la de una recta)
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pH = K – E / 0,0592
158. La calibración se hace con
al menos dos tampones
de pHs perfectamente
conocidos
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pH = K – E / 0,0592
160. Muchos procesos de corrosión de metales tienen grandes analogías con las
pilas galvánicas. Supongamos un trozo de hierro, metal que es fácilmente
oxidable. Sus átomos forman una red metálica tridimensional
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161. Supongamos una gota de agua sobre el metal. La gota
contiene un poco de NaCl disuelto, que se disocia en iones
y facilitará el proceso de corrosión que vamos a explicar
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162. ÁNODO
2Fe 2Fe2+ + 4e–
Puede ocurrir que en un punto determinado de la red, dos
átomos de Fe se oxiden a Fe2+, liberando los correspondientes
electrones (4 bolitas amarillas). Se estaría dando, por tanto,
una oxidación, y el punto estaría actuando como ánodo
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163. ÁNODO
2Fe 2Fe2+ + 4e–
Los electrones pueden migrar…
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164. ÁNODO
2Fe 2Fe2+ + 4e–
…y encontrarse en otro punto del metal con
oxígeno (O2, bolas azules) disuelto en el agua
(H2O, una bola azul con dos bolitas rojas)…
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165. CÁTODO
ÁNODO
O2 + 2H2O + 4e– 4OH –
2Fe 2Fe2+ + 4e–
…de tal modo que se puede dar esta reacción
de reducción en el punto en cuestión, que,
lógicamente, actuaría como cátodo
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166. CÁTODO
ÁNODO
O2 + 2H2O + 4e– 4OH –
2Fe 2Fe2+ + 4e–
2Fe2+ + 4OH – 2Fe(OH)2
El Fe2+ formado precipitaría con los OH–. Esta
reacción de precipitación acelera el proceso
(también lo facilita la presencia de iones de Na+
y Cl – porque estabilizan las zonas cargadas)
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167. CÁTODO
ÁNODO
O2 + 2H2O + 4e– 4OH –
2Fe 2Fe2+ + 4e–
2Fe2+ + 4OH – 2Fe(OH)2
El resultado es que la pieza de hierro se estará corroyendo
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168. Podría protegerse el Fe de la corrosión
recubriéndolo con una capa de un metal más
noble, como el Cu. El inconveniente es que…
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169. …si se forma una rayadura el
hierro queda expuesto…
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170. …y en ese punto se formaría
un ánodo y empezaría la
oxidación de la pieza
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171. Para evitar la oxidación de la pieza es mejor
adoptar la estrategia inversa: no impedir que
se produzca la oxidación, pero sobre un metal
menos noble que el Fe, como el Mg. Se inserta
en el Fe una pieza de Mg (bolas marrones)
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172. ÁNODO
2Mg 2Mg2+ + 4e–
Como el Mg tiene un potencial de reducción más bajo que el del Fe y,
por tanto, un potencial de oxidación más alto, el Mg se oxidará antes
que el Fe. Por eso se dice que es un ánodo de sacrificio. (Cuando la
pieza de Mg se corroa completamente, habría que reponerla)
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Fe2+ + 2 e− Fe Eo = − 0,44 V
Mg2+ + 2 e− Mg Eo = − 2,38 V
173. O2 + 2H2O + 4e– 4OH –
2Mg 2Mg2+ + 4e–
2Mg2+ + 4OH – 2Mg(OH)2
CÁTODO
ÁNODO
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Fe2+ + 2 e− Fe Eo = − 0,44 V
Mg2+ + 2 e− Mg Eo = − 2,38 V
174. CÁTODO
ÁNODO
Fe2+ + 2 e− Fe Eo = − 0,44 V
Mg2+ + 2 e− Mg Eo = − 2,38 V
O2 + 2H2O + 4e– 4OH –
2Mg 2Mg2+ + 4e–
2Mg2+ + 4OH – 2Mg(OH)2
Este es un ánodo de sacrificio
del casco de un barco
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175. CÁTODO
ÁNODO
Fe2+ + 2 e− Fe Eo = − 0,44 V
Mg2+ + 2 e− Mg Eo = − 2,38 V
O2 + 2H2O + 4e– 4OH –
2Mg 2Mg2+ + 4e–
2Mg2+ + 4OH – 2Mg(OH)2
Lógicamente, si el ánodo de sacrificio no se
repone, al final todo el hierro se oxidará
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179. Primarias
Secundarias
Zn(s) + Cu2+(ac) Zn2+(ac) + Cu(s)
(No recargables)
(Recargables)
Un ejemplo es la pila Daniell. Esta no es recargable porque el intento de recarga altera
su naturaleza. Efectivamente, si tratamos de recargarla con una fuente exterior
conectando la placa metálica de Zn al polo negativo de la fuente, los iones Cu2+ del
electrodo de la derecha tenderán a migrar hacia la placa de Zn a través del puente
salino, depositándose en la placa. Una vez recubierta la placa de Zn por Cu, deja de
existir la pila (una solución para paliar el problema es usar, en vez del puente salino,
membranas especiales que impidan o reduzcan el paso del Cu2+)
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180. Primarias
Secundarias
Zn(s) + Cu2+(ac) Zn2+(ac) + Cu(s)
(No recargables)
(Recargables)
Pb(s) + PbO2(s) + 2H2SO4(ac) 2PbSO4(s) + 2H2O(l)
Esta es la reacción que ocurre en la batería
clásica de un coche, que se recarga
continuamente con el propio movimiento
del coche (el movimiento hace que gire el
alternador, que crea una corriente alterna
por inducción electromagnética; después
un rectificador la convierte en corriente
continua que carga la batería)
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181. Pila de combustible
Un tipo especial de pila es la llamada
“de combustible”, en la que se
produce la oxidación de H2 con O2
pero sin que se dé combustión
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182. www.intelligent-energy.com
Pila de combustible
2H2(g) + O2(g) 2H2O(g)
2H2 4H++ 4e- O2 + 4H+ + 4e- 2H2O
ÁNODO CÁTODO
H2
H2 (reciclable)
H2 O2
H+ e–
ÁNODO CÁTODO
O2 (del aire)
H2O (+ aire)
Membrana de intercambio de H+
Capa de difusión de gases
Capa de difusión de gases Catalizador Catalizador
CALOR
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Pila de combustible
2H2(g) + O2(g) 2H2O(g)
2H2 4H++ 4e- O2 + 4H+ + 4e- 2H2O
ÁNODO CÁTODO
H2
H2 (reciclable)
H2 O2
H+ e–
ÁNODO CÁTODO
O2 (del aire)
H2O (+ aire)
Membrana de intercambio de H+
Capa de difusión de gases
Capa de difusión de gases Catalizador Catalizador
CALOR
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184. La teoría explicada aquí se puede afianzar resolviendo los ejercicios
correspondientes a este tema que figuran en:
Ejercicios de Reactividad Química Básica
185. Curso Básico de Reactividad Química
01 – Unidades y estequiometría
02 – Termodinámica química
03 – Equilibrio químico y ley de acción de masas
04 – Cinética química
05 – Equilibrios físicos
06 – Disoluciones y sus propiedades coligativas
07 – Equilibrios de ácidos y bases
08 – Equilibrios de solubilidad
09 – Reacciones rédox - Electrolisis
10 – Pilas galvánicas
11 – Reacciones de polimerización y nucleares
12 – Visión general de la reactividad química
186. Más teoría, ejercicios y prácticas de
Química General, Química Inorgánica Básica,
Química Orgánica Básica, Química Física,
Técnicas Instrumentales…
en
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