Những bài văn mẫu dành cho học sinh lớp 10truonghocso.com
Khảo sát toán chuyên vĩnh phúc 2011 lần 4 k a
1. KỲ THI TUYỂN SINH ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2011
www.VNMATH.com
TRƯỜNG THPT CHUYÊN VĨNH PHÚC
Môn: Toán 12. Khối A.
Đề thi khảo sát lần
4 Thời gian làm bài: 150 phút (Không kể thời gian giao đề)
A /phÇn chung cho tÊt c¶ thÝ sinh. ( 7,0 điểm )
Câu I : ( 2,0 điểm ). Cho hàm số : y x 3 3x 2 có đồ thị là C .
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số (C)
2) Tìm tất cả các điểm M C để tiếp tuyến tại M cắt (C) ở điểm N với MN=2 6
Câu II : ( 2,0 điểm )
1) Giải phương trình : sin 4 x 2 cos 3x 4 sin x cos x
1
2) Giải phương trình: 2 x 2 3 x 1 4 x 3
x
Câu III : ( 1,0 điểm ).
1
x 2e x
Tính tích phân: I 2 dx
0
x 4x 4
Câu IV : ( 1,0 điểm ). Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thoi cạnh 2a,(a>0): BAD 600 ;
Hai mặt phẳng (SAC)và (SBD)cùng vuông góc với đáy.Gọi M,N lần lượt là trung điểm cạnh BC và
SD.Mặt phẳng(AMN) cắt cạnh bên SC tại E.Biết MN vuông góc với AN .Tính thể tích khối đa diện
AND.MCE theo a .
Câu V : ( 1,0 điểm ). Chứng minh rằng nếu a, b, c 0;1 thì:
a b c 5
abc
1 bc 1 ca 1 ab 2
B. PHẦN TỰ CHỌN: ( 3,0 điểm ).( Thí sinh chỉ được làm 1 trong 2 phần,phần A hoặc phần B)
A.Theo chương trình chuẩn:
Câu VIA : ( 2,0 điểm ).
1.( 1,0 điểm ) Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy cho điểm A 2;10 và đường thẳng d:y=8.Điểm E
di động trên d.Trên đường thẳng đi qua hai điểm A và E,lấy điểm F sao cho AE. AF 24 .Điểm F
chạy trên đường cong nào? Viết phương trình đường cong đó.
2.( 1,0 điểm ) Trong không gian với hệ tọa độ 0xyz cho ABC ,biết C 3; 2;3 và phương trình đường
cao AH,phân giác trong BM của góc B lần lượt có phương trình:
x 2 y 3 z 3 x 1 y 4 z 3
và .Tính chu vi ABC
1 1 2 1 2 1
Câu VII A.(1,0 điểm):Tìm phần thực,phần ảo của số phức: z 1 2i 3i 2 4i 3 2009i 2008
B.Theo chương trình nâng cao
Câu VIB : ( 2,0 điểm ).
1.(1.0 điểm)Trong mặt phẳng hệ toạ độ Oxy cho hai đường thẳng : d1 : y 2 x 0; d 2 : y 2 x 0
,điểm A d1 ; điểm B d 2 thoả mãn OA.OB 3 .Hãy tìm tập hợp trung điểm M của AB.
2. (1,0điểm) Trong không gian với hệ tọa độ 0xyz,viết phương trình mặt phẳng (Q) chứa đường thẳng
x 1 y 1 z 3
d: và tạo với mặt phẳng P : x 2 y z 5 0 một góc nhỏ nhất.
2 1 1
i
Câu VII B:(1,0 điểm):Cho số phức z thoả mãn z 1 và z 2. Tính tổng:
z
S 1 z z z
2 4 2010
-------------------------------------------Hết-------------------------------------------------------------
2. KỲ THI TUYỂN SINH ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2011
www.VNMATH.com
TRƯỜNG THPT CHUYÊN VĨNH PHÚC
Đề thi khảo sát lần Môn: Toán 12. Khối A.
4
ĐÁP ÁN
Câu Ý Nội dung Điểm
I 2,00
1 Khi m=0 thì hàm số trở thành y x 3 x 2.
3
Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số y x3 3 x 2.
Tập xác định: Hàm số có tập xác định D .
Sự biến thiên:
x 1 0,25
Chiều biến thiên y' 3 x 2 3. Ta có y' 0
x 1
y, 0 x 1 x 1 h/số đồng biến trên các khoảng ; 1 & 1;
y, 0 1 x 1 hàm số nghịch biến trên khoảng (-1;1)
yCD y 1 4; yCT y 1 0
3 2
Giới hạn lim y lim x 3 1 2 3
x x
x x 0,25
Bảng biến thiên:
x -1 1
y' 0 0 0,25
4
y
0
Đồ thị: Đồ thị cắt trục Ox tại các điêm (-2;0),(1;0),cắt trục Oy tại điểm (0;3)
y
y x3 3 x 2
4
0,25
-1 O 1 x
2 Tìm tất cả các điểm M để tiếp tuyến tại M cắt (C) ở điểm N với MN=2 6 1,00
3.
Ta có M a; a 3 3a 2 C .Phương trình tiếp tuyến của (C) tại M có dạng
www.VNMATH.com
d: y 3a 2 3 x a a 3 3a 2 phương trình hoành độ giao điểm của (C) và 0,25
3
2
tiếp tuyến d là: x 3 x 2 3a 3 x a a 3a 2 3
2 x a
xa x 2a 0 x 2a để tồn tại N thì a 0 .Suy raN có hoành độ 0,25
3
2a N 2a; 8a 6a 2 theo gt MN=2 6
2 0,25
MN 2 24 9a 2 9a3 9a
24 3t 4 9t 2 6t 2 0 ( t a 2 0 )
4 4 2 3 2 3 18 10 3
t a2 a M
;
0,25
3 3 3 3 9
II 2,00
1 Giải phương trình : sin 4 x 2 cos 3x 4 sin x cos x 1,00
pt sin 4 x sin 2 x sin 2 x cos x 2 4 sinx cos3 x 0,25
2cos 3x sin x cos3x cos x 2sin x 1 2 4 sinx 0
2sin x 1 cos3 x cos x 2 0 0,25
1 5
sinx x k 2 x k 2 với k
2 6 6 0,25
cos3 x cos x 2 0 cos3 x 1, cosx 1 cosx 1 x k 2 với k
5 0,25
phương trình có 3 họ nghiệm x k 2 x k 2 x k 2
6 6
2 1 1,00
Giải phương trình: 2 x 2 3 x 1 4 x 3
x
1 3 1 3 1 3
+Khi x 0 thì pt 2
2 2 4 (1) đặt t 2
x x x x x2 x
t 0
2 1 3 pt(1) t t 2 6 t 2 t 6 0 t 3 ( tm), t 2 l 0,25
t x 2 x 2
1 3 3 37 3 17
2
2 7 x 2 3x 1 0 x tm và x (loại) 0,25
x x 14 14
1 3 1 3 1 3
Khi x 0 thì pt 2 2 2 4 (2) đặt t 2
x x x x x2 x
t 0
2 1 3 pt(1) t t 2 6 t 2 t 6 0 t 2 ( tm), t 3 l 0,25
t x 2 x 2
3 37 3 17
2 x 2 3x 1 0 x k.tm và x (tm)
4 4
3 37 3 17 0,25
Kl nghiệm pt là: x và x
14 4
III 1
x 2e x 1,00
Tính tích phân: I dx
0
x2 4x 4
4. x 2 2 4 x 2 4 e x
1
www.VNMATH.com
I 2
dx I 4 I I
1 2 3
0 x 2 0,25
1
e x 4 I 2 I3 e 1 4 I 2 I 3
0
1 1 1
x ex ex
với I1 e d x ; I 2 dx; I 3 2
dx .Tính I 2 0,25
0 x 2
0 0
x2
1 1
đặt u du 2
dx
x2 x 2
dv e x dx v e x
1
ex ex
1
e 1 0,25
I2 2
dx I3 .Vậy
x 2 0 0 x 2 3 2
e 1 3e 3e 0,25
I e 1 4 I 2 I3 e 1 4 Đáp số: I
3 2 3 3
IV Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD.... 1,00
AC BD O do (SAC) và(SBD) cùng vuông góc với (ABCD) nên
SO ABCD .Tam giác ABD cân có BAD 600 ABD đều cạnh 2a
0,25
đặt SO x x 0 ; AO OC a 3; BO OD a ,chọn hệ trục toạ độ Oxyz
gốc O trục Ox đi qua CA,trục Oy đi qua DB,trục Oz đi qua OS ta có
O(0;0;0), A a 3; 0; 0 , B 0; a;0 , C a 3; 0; 0 , D 0; a; 0 , S 0;0; x
a 3 a a x a x 0,25
M ; ; 0 , N 0; ; AN a 3; ;
2 2 2 2 2 2
a 3
x
MN 2 ; a; , AN MN AN .MN 0 x 2a
2 0,25
I AM CD, E IN SC , do C là trung điểm của DI E là trọng tâm tam
giácSDI
CE 1 1
VADN . MCE VN . AID VEMIC d N , ABCD .S AID
CS 3 3
1 1 SO 1 SO 1 5 5 3 3
d E , ABCD .S MIC .S ABCD . . S ABC SO.S ABD a 0,25
3 3 2 3 3 2 18 9
V Chứng minh rằng nếu a, b, c 0;1 thì... 1,00
w.l.o.g. a b c ab ac bc 0,25
bc
từ đó ta có: 1 b 1 c 0 1 bc b c 1 (do a, b, c 0;1 )
1 bc
b c bc a b c 1 0,25
1 vậy : abc bc 1
1 ca 1 ab 1 bc 1 bc 1 ca 1 ab 1 bc
1 3 1 3
ta cần cm bc x (*)với x 0;1 0,25
1 bc 2 1 x 2
(*) 2 x 1 x 1 0 luôn đúng với mọi x 0;1
dấu bằng xẩy ra khi và chỉ khi a=b=c=1 0,25
VIA 2,00
1 Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy cho điểm A 2;10 và đường thẳng d:y=8 …. 1,00
Gọi H là hình chiếu vuông góc của A trên d H 2;8 .Trên tia AH lấy điểm B 0,25
5.
24
thoả mãn AH .AB AM .www.VNMATH.com (do AB; AH cùng
AN 24 AB 12 0,25
AH
hướng,AH=2)
ˆ AH AF
Từ đó B 2; 2 .Ta thấy AHE AFB c g c (do A chung, )
AE AB
900 F chạy trên đường tròn tâm I 2; 4 bán kính
AFB AHE 0,25
1
R AB 6 .Phương trình đường cong cố định mà F chuyển động trên đó là:
2
2 2
x 2 y 4 36 0,25
2 …cho ABC ,biết C 3; 2;3 và phương trình đường…. 1,00
x 2 t x 1 u
pt tham số của AH và BM AH : y 3 t & BM : y 4 2u
z 3 2t z 3 u
khi đó A 2 t ;3 t ;3 2t & B 1 u; 4 2u;3 u 0,25
+xác định toạ độ B
CB u 2; 2u 2; u & a AH 1;1; 2
Ta có BC AH CB.a AH 0 u 2 2u 2 2u 0 u 0
B 1; 4;3
+xác định toạ độ A
Ta có: BA 1 t ; 1 t ; 2t , u BM 1; 2;1 , BC 2; 2;0 . 0,25
Vì BM là đường phân giác trong của B nên:
góc
BA.u BM u BM .BC
cos BA, u BM cos u BM , BC
BA . uBM
uBM . BC
1 t 2 1 t 1. 2t 2 40 t 0
2 2
1 t 1 t 2t
2
44 t 1 0,25
+ t =0 A 2;3;3 (loại) do A,B,C thẳng hàng
+ t =-1 A 1; 2;5 (tm) khi đó ta có được AB BC CA 2 2 tam giác ABC
0,25
đều ,vậy chu vi tam giác ABC bằng 6 2
VIIA Tìm phần thực,phần ảo của số phức: z 1 2i 3i 2 4i 3 2009i 2008 1,00
z 1 2i 3i 2 4i 3 2009i 2008
iz i 2i 2 3i 3 4i 4 2009i 2009 0,25
1 i z 1 i i 2 i 3 i 2008 2009i 2009 i 2008 2009i 2009 1 2009i 0,25
1 2009i 1 2009i 1 i 2010 2008i
z 1005 1004i vậy phần
1 i 2 2 0,25
thực của số phức z bằng 1005, phần ảo của số phức z bằng -1004 0,25
do i 4k i 4 k 1 i 4k 2 i 4 k 3 0k
VIB 2,00
1 Trong mặt phẳng hệ toạ độ Oxy cho hai đường thẳng : 1,00
d1 : y 2 x 0; d 2 : y 2 x 0 ……
6. Từ gt A x1 ; y1 d1 , B x2 ; y2 d 2 nằm về 2 phía trục tung x1 x2 0 0,25
www.VNMATH.com
y1 2 x1 , y2 2 x2 OA 5 x1 , OB 5 x2 ,
3
có cos
AOB
5
từ gt OA.OB 3 x1 x2 1 x1 x2 1 gọi M(x;y) là trung điểm của AB 0,25
2 2 2 2 2
x1 x2 2 x; y1 y2 2 y 4 x x x 2 x1 x2 x x 2 (1)
1 2 1 2
2 y 2 x1 2 x2 y 2 x12 x2 2 x1 x2 x12 x2 2 (2)
2 2
0,25
2
y
Từ (1) và (2) x 2 1 (3) Vậy tập hợp các điểm M(x;y) là đường Hyperbol
4
cho bởi (3). 0,25
2 viết phương trình mặt phẳng (Q) chứa đường thẳng 1,00
x 1 y 1 z 3
d: và tạo với mặt phẳng P : x 2 y z 5 0 góc nhỏ nhất
2 1 1
+d có vtcp u 2;1;1 ,(P) có vtpt m 1; 2; 1
(Q) có vtpt n a; b; c a 2 b2 c 2 0
+do (Q) chứa d nên ta có
0,25
n u n.u 0 2a b c 0 c 2a b n a; b; 2a b
+gọi góc hợp bởi (P) và (Q) là
m.n a 2b 2a b
cos cos m; n
m.n 6. a 2 b2 2a b
2 0,25
3 ab 3 a b 3
cos 300 vậy min 300
6. 3a 2 2 a b
2
6. 2 a b
2 2
dấu bằng xẩy ra khi và chỉ khi a 0 lúc đó ta chọn b 1; c 1 n 0;1; 1 0,25
qua : A 1; 1;3 d
mặt phẳng (Q): từ đó mp (Q): y z 4 0
vtpt : n 0;1; 1
0,25
VIIB ...... Tính tổng S 1 z 2 z 4 z 2010 ..... 1,00
giả sử z a bi, a, b . ta có hệ
z 1
2 2
a b 1
pt : 2 2 2
0,25
z i 2 z a b 2ab 1 i 2
b 2 1 a 2
b 2 1 a 2
a 0; b 1
2 0,25
2
2
2
2a 1 4a 1 a 4ab 1 0
ab 0
b 0; a 1
khi đó ta có 4 số phức là : z 1; z 1; z i; z i
0,25
khi z 1 hoặc z 1 ta có S 1006
1006 1006
khi z i hoặc z i ta có S
z 2
1
i
2
1
0 0,25
z2 1 i2 1