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PROGRAMA NACIONAL DE FORMACIÓN
INSTRUMENTACIÓN Y CONTROL
NIVELACIÓN DE FÍSICA SOBRE VECTORES UNIDADES ACREDITABLES I
ÁNGULOS ENTRE PARALELAS
Al intersectar una paralela por una recta llamada transversal o secante, se forman los
siguientes tipos de ángulo:
ÁNGULOS CORRESPONDIENTES: Son los que están al mismo lado de las paralelas y
al mismo lado de la transversal.
ÁNGULOS ALTERNOS INTERNOS: Son los que están entre las paralelas a distinto
lado de ellas y a distinto lado de la transversal.
ÁNGULOS ALTERNOS EXTERNOS: Son los que están "fuera" de las paralelas a
distinto lado de ellas y a distinto lado de la transversal.
Las propiedades fundamentales de los ángulos entre paralelas son:
1) Los ángulos correspondientes son iguales entre sí.
2) Los ángulos alternos internos son iguales entre sí.
3) Los ángulos alternos externos son iguales entre sí.
Ángulos formados por rectas
paralelas cortadas por una
transversal.
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 2 TRAYECTO I
TIPOS DE ÁNGULOS FORMADOS
Ángulos correspondientes entre paralelas.
1 = 5
2 = 6
3 = 7
4 = 8
Ángulos alternos entre paralelas.
Externos 1 = 7
2 = 8
Internos 3 = 5
4 = 6
Son
suplementarios
(suman 180°)
Ángulos contrarios o
conjugados.
1 6
2 5
3 8
4 7
Ángulos colaterales.
1 8
2 7
3 6
4 5
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 3 TRAYECTO I
OPUESTOS POR EL VÉRTICE
Dos ángulos se dicen opuestos por el vértice cuando los lados de uno son semirrectas
opuestas a los lados del otro. En la figura los ángulos a, c y b, d son opuestos por el vértice.
Dos ángulos opuestos por el vértice son congruentes.
Realice las siguientes demostraciones:
1. Los ángulos opuestos por el vértice son iguales.
2. Si dos ángulos alternos internos son congruentes entonces los otros dos ángulos
alternos internos también lo son.
3. Los ángulos internos a un mismo lado de la transversal de rectas paralelas, son
suplementarios. Los ángulos externos a un mismo lado de la transversal de rectas
paralelas, son suplementarios.
4. Toda transversal forma con dos paralelas ángulos alternos externos congruentes.
5. Toda transversal forma con dos paralelas ángulos alternos internos congruentes
6. La suma de los ángulos interiores de un triángulo, es igual a dos rectos (180º).
7. La suma de los ángulos agudos de un triángulo rectángulo, es igual a 90º.
8. En todo triángulo, la medida de un ángulo externo es la suma de las medidas de los
ángulos internos no contiguos.
9. En todo triángulo, la medida de un ángulo externo es mayor que cualquier ángulo
interior no adyacente.
10. La suma de los ángulos exteriores de cualquier triángulo vale cuatro ángulos rectos
(360º).
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 4 TRAYECTO I
LEY DE LOS COSENOS
En todo triángulo se cumple que el cuadrado de la longitud de uno de los lados es igual
a la suma de los cuadrados de los otros dos lados MENOS el doble producto de estos lados
por el coseno del ángulo que forman, así:
Cos Acb-+ c= ba 2222
Cos Bca-+ c= ab 2222
Cos Cba-+ b= ac 2222
De las anteriores expresiones podemos despejar los ángulos y obtener:
ba
cba
CCos
ca
bca
BCos
cb
acb
ACos









222
222222222
Esta ley se aplica cuando: Se conocen dos lados y el ángulo entre ellos (L-A-L).
Se conocen los tres lados (L-L-L).
LEY DE LOS SENOS
En todo triángulo oblicuángulo se cumple que los lados son proporcionales a los senos
de los ángulos opuestos así:
triángulodelladoscbayángulossonCBADonde
c
CSeno
b
BSeno
a
ASeno
,,,,,
Esta ley se aplica cuando se conocen: Dos ángulos y un lado (A - L–A).
Dos lados y el ángulo opuesto a uno de ellos (L–L–A).
Ejemplos:
1) Resuelve el siguiente triángulo: .60,3,2 0
 ba Según la figura:
Solución: Usando la ley del coseno
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 5 TRAYECTO I
        
7
7
613
2
1
1294
60cos32232cos2
2
2
2
222222
c =
=c
-=c
-+=c
°-+c)(ab-+ b= ac











Determinemos los ángulos  y .
   
       
  
 
  
 
236,23540
7
2
cos
7
2
cos
732
479
cos
732
273
cos
2
coscos2:Para
0
1
222
222
222















=
=
=α
+
=α
+
=α
bc
- a+ cb
=ααbc+c=ba



   
       
  
 
 
 
823,7679
72
1
cos
72
1
cos
74
974
cos
722
372
cos
2
coscos2:Para
1
222
222
222















°=
=
=
+
=
+
=
ac
- b+ ca
=ac+c=ab






Ejercicio: Use la Ley del seno para hallar estos ángulos.
Note que la suma de los tres ángulos es 180°.
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 6 TRAYECTO I
.18060823,7679236,235400
°° =+°+α+ β + γ = 
2) Resuelva el triángulo presentado en la figura. Dado: α = 35°, β =15° y c = 5. Según la
figura:
Solución: De acá tenemos que:
°
°°
°°
°=° +° +°α+ β + γ =
130
50180
18050
1801535180








Luego, usando la ley del seno:
5
sinsinsin 

ba
De aquí, tenemos que:
 
  .74,3
130sin
35sin5
sin
sin5
5
sinsin
0
0
aaa
a



 
  .69,1
130sin
15sin5
sin
sin5
5
sinsin
0
0
bbb
b



Nota: La fórmula para la ley de senos es:
cba
 sinsinsin
 y debemos tener
en cuenta que no hay diferencia si la tomas así:
 sinsinsin
cba
 pero no las puedes
mezclar.
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 7 TRAYECTO I
Ejercicio:
I. A partir de la figura dada determine los elementos restantes del triángulo
teniendo en cuenta las condiciones de cada caso y una de las leyes conocidas:
a)  65 ,  50 , 12b
b)  60 , 7a , 7c
c) a=7, b=9, c=12
d) '3056 , 10b , 5c
e) 120 , 4a , 8c
f) 5c , 3b , 6a
TEOREMA DE PITÁGORAS
En un triángulo rectángulo, el cuadrado de la longitud de la hipotenusa es igual a la
suma de los cuadrados las longitudes de los catetos.
.222
cba 
Inversamente: Si en un triángulo cuyos lados miden ba, y c se verifica
que: .222
cba  Entonces el triángulo es rectángulo.
APLICACIONES DEL TEOREMA DE PITÁGORAS
1. Conociendo los dos catetos calcular la hipotenusa:
22222
cbacba 
Los catetos de un triángulo rectángulo miden en 3 m y 4 m respectivamente. ¿Cuánto
mide la hipotenusa?
 

ab
cA B
C
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 8 TRAYECTO I
       
ma
mmamma
5
4343
22222


2. Conociendo la hipotenusa y un cateto, calcular el otro cateto:






 22
22
222
cab
bac
cba
La hipotenusa de un triángulo rectángulo mide 5 m y uno de sus catetos 3 m. ¿Cuánto
mide otro cateto?
       
mc
mmccmm
4
3535
22222


RAZONES TRIGONOMÉTRICAS EN EL TRIÁNGULO RECTÁNGULO
Sea el triángulo rectángulo ,ABC en donde A y B son ángulos agudos y
el ángulo C es rectángulo, y además los lados “ a ” y “ b ” Se llaman catetos y el lado
“ c ” se llama hipotenusa. En función del ángulo ,A el lado “ a ” se llama cateto opuesto y
el lado “ b ” cateto adyacente. Veamos la figura:
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 9 TRAYECTO I
Luego:
El Seno del ángulo x (sen x) en un triángulo rectángulo, es la razón que existe entre
el cateto opuesto (a) y la hipotenusa (c).
c
ax
sen x 
hipotenusa
aopuestoCateto
El Coseno del ángulo x (cos x) en un triángulo rectángulo, es la razón entre el cateto
adyacente al ángulo x (b) y la hipotenusa (c) de dicho triángulo.
c
bx
x 
hipotenusa
aadyacenteCateto
cos
La Tangente del ángulo x en un triángulo rectángulo, es la razón existente entre el
cateto adyacente (b) y el opuesto (a) al ángulo.
b
a
x
x
tag x 
aadyacenteCateto
aopuestoCateto
La Cotangente del ángulo x en un triángulo rectángulo es la razón existente entre el
cateto adyacente (b) y el apuesto (a) al ángulo x.
a
b
x
x
ctg x 
aopuestoCateto
aadyacenteCateto
La Secante del ángulo x (Sec x) es la razón que existe entre la hipotenusa (c) y el
cateto adyacente (b) a x en un triángulo rectángulo.
b
c
x
x 
aadyacenteCateto
hipotenusa
sec
La Cosecante del ángulo x (Csc x) en un triángulo rectángulo es la razón entre la
hipotenusa (c) y el cateto opuesto a x.
a
c
x
x 
aopuestoCateto
hipotenusa
csc
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 10 TRAYECTO I
COMPONENTES RECTANGULARES DE UN VECTOR EN EL PLANO.
Todo vector se puede expresar como la suma de otros dos vectores a los cuales se
les denomina componentes.
.
Cuando las componentes forman un ángulo recto, se les llama componentes
rectangulares. En la figura 2 se ilustran las componentes rectangulares del vector rojo.
Las componentes rectangulares cumplen las siguientes relaciones


asena
aa
y
x

 cos
Teniendo en cuenta que:
x
y
yx
a
a
aaa


tan
22
Las 2 primeras ecuaciones son para hallar las componentes rectangulares del vector
a. y las 2 últimas son para hallar el modulo del vector a (por Teorema de Pitágoras) a partir
de sus componentes rectangulares. La última ecuación es para hallar la dirección del vector
 (ángulo) con la función trigonométrica tangente, a partir de lo cual se halla el sentido.
Ejemplo: Una fuerza tiene magnitud igual a 10.0 N y dirección igual a 240º.
Encuentre las componentes rectangulares y represéntelas en un plano cartesiano.
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 11 TRAYECTO I
 
  NsenF
NF
y
x
6.82400.10
0.5240cos0.10
0
0


El resultado nos lleva a concluir que la componente de la fuerza en X tiene módulo
igual a 5.00 N y apunta en dirección negativa del eje X. La componente en Y tiene módulo
igual a 8.66 y apunta en el sentido negativo del eje Y.
Esto se ilustra en la figura:
Y la dirección es 00001
8.2391808.59180
0.5
6.8
tan 







 
 en sentido Oeste-
Sur (Soroeste).
EJERCICIOS RESUELTOS DE LEY DE COULOMB Y CAMPO ELÉCTRICO
1. Suponga que se tiene tres cargas puntuales localizadas en los vértices de un
triángulo recto, como se muestra en la figura:
Solución:
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 12 TRAYECTO I
Datos e incógnitas
C=q
C=q
C= -q



70
50
80
3
2
1
2
2
9
109
c
mNew
k


cm=AB
cm=AC
40
30
  ?qF 3
Transformaciones
C
C
C
C=q
C
C
C
C=q
C
C
C
C=q
6
6
3
6
6
2
6
6
1
1070
1
10
70
1050
1
10
50
1080
1
10
80















m,
cm
m
cm=AB
m,
cm
m
cm=AC
40
100
1
40
30
100
1
30


Hallemos la separación entre 3q y 1q se obtiene usando el Teorema de Pitágoras:
m,=CB
m,=CB
m,=CB
m,m,=CB
m),+ (m),= (CBAB+AC=CB
50
250
250
160090
4030
2
22
222
222222





Las direcciones de las fuerzas sabemos coinciden con las líneas que unen a cada par
de cargas puntuales.
 La fuerza que 1q ejerce sobre ,3q ,13F es de atracción.
 La fuerza que 2q ejerce sobre ,3q ,23F es de repulsión.
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 13 TRAYECTO I
Análisis Vectorial
Las fuerzas 13F y 23F tienen las direcciones que se indican en la figura de abajo:
Calcular la fuerza sobre la carga 3q debida a las cargas 1q y .2q
Las magnitudes de tales fuerzas son:
 
New,=F
m.
CxCx
C
mNew
x=F
--
6201
50
10701080
109
13
2
66
2
2
9
13

 
New=F
m.
CxCx
C
mNew
x=F
--
350
30
10701050
109
23
2
66
2
2
9
23

Conviene disponer ejes coordenados xy tal como se indica en la figura, con el origen
en la carga donde deseamos calcular la fuerza resultante, en este caso en .3q
Llamando  3qF a la fuerza resultante sobre ,3q entonces:
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 14 TRAYECTO I
  .+ F= FqF 23133
Luego, en términos de componentes x e :y
  xxx
+ F= FqF 23133
  yyy
F= FqF 23133 
De acuerdo con la figura:
Luego:
New;=F
,
,
New=Fθ= FF
x
xx
3,161
50
40
6,201cos
13
131313








New;=F
,
,
New.=Fsenθ= FF
y
yy
121
50
30
6201
13
131313








New;=F x 023
.3502323 New= FF y 
De acá tenemos:
  New;New =New +=qF x
3,16103,1613
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 15 TRAYECTO I
  New;New =New=qF y
2291213503 
La magnitud de la fuerza neta  3qF se obtiene de aplicando el teorema de Pitágoras
en el triángulo resultante:
     
     
 
 
 
  New=qF
New=qF
New=qF
New+New=qF
New+New=qF
q+ Fq= FqF yx
280
69,78458
69,78458
5244169,26017
2293,161
3
2
3
22
3
222
3
222
3
2
3
2
3
2
3
El ángulo de esta fuerza se obtiene de
 
0
3
3
54,8
1.42arctg=
421
3161
229






.tgθ
New.
New
tgθ
F
F
tgθ
x
y
Con sentido Este-Norte (Noreste).
CAMPO ELÉCTRICO
q
F
E  2
r
kQ
E 
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 16 TRAYECTO I
Donde:
:E Campo eléctrico, intensidad del Campo eléctrico.
:F Fuerza eléctrica.
:q Carga, magnitud de la carga colocada en el Campo eléctrico.
Se dice que existe un campo eléctrico en una región del espacio en la cual una carga
eléctrica experimentará una fuerza eléctrica. La magnitud de la intensidad del campo
eléctrico ( E ) se da por la fuerza ( F ) por unidad de carga ( q ).
Si q es (+): E y F tendrán
la misma dirección.
Si q es (-) la fuerza (F) estará
dirigida opuestamente a E.
Ejercicios:
1) ¿Cuál es la intensidad del campo eléctrico a una distancia de 2m de una carga de
C12 ?
Solución:
Datos e incógnitas
?E
mr 2
2
2
9
109
C
mNew
k


CQ 12
Transformación
C
C
C
CQ 6
6
1012
1
10
12 




TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 17 TRAYECTO I
Análisis vectorial
Luego:
 
.1027
2
1012
109 3
2
6
2
2
9
2
C
New
m
C
C
mNew
E
r
kQ
E 



2) Dos cargas puntuales C=Q 61  y C=Q ,62  están separadas 12 cm, como se
muestra en la figura:
Determínese el campo eléctrico en el punto A y en el punto B.
Solución:
Datos e incógnitas
?AE
?BE
cmd 12
2
2
9
109
C
mNew
k


C=Q 61 
C=Q 62 
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 18 TRAYECTO I
Transformación
C
C
C
CQ
C
C
C
CQ
9
9
2
9
9
1
106
1
10
6
106
1
10
6










Nota: Realizar las transformaciones de las distancias.
Análisis Vectorial
Esta dado en la figura del enunciado.
Calculemos el Campo eléctrico en punto A: El campo eléctrico en A debido a :1Q
 
.1038,3
04,0
106
109 4
2
9
2
2
9
2
1
1
C
New
x
m
Cx
C
mNew
x
r
kQ
E 



(Izquierda)
Y en punto A: El campo en A debido a :2Q
 
.1043,8
08,0
106
109 34
2
9
2
2
9
2
2
2
C
New
x
m
Cx
C
mNew
x
r
kQ
E 



(Izquierda)
Puesto que los vectores tienen la misma dirección y sentido, la intensidad resultante
en A es:
.1022,41043,81038,3 4344
21
C
New
C
New
x
C
New
xEEEA  (Izquierda)
El campo B ejercido por 1Q y ,2Q se sigue del análisis vectorial:
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 19 TRAYECTO I
Luego:
 
  C
New
x
m
Cx
C
mNew
x
r
kQ
E
C
New
x
m
Cx
C
mNew
x
r
kQ
E
3
2
9
2
2
9
2
2
2
3
2
9
2
2
9
2
1
1
104,2
15,0
106
109
.1066,6
09,0
106
109








La ∑ vectorial del campo eléctrico :E
    C
New
EEE xx
3030
22 1092,137cos104,237cos 
   









C
New
E
C
New
,,EE
E
y
y
y
3
1
3030
22
10666
1044137sin104237sin
De donde se puede comprobar que:
C
New
Ey
3
10220,5  y así:
 Módulo:
C
New
E
C
New
C
New
EEE yx
3
2
3
2
322
1056,5
10220,51092,1














 Dirección:
.80,69
1092,1
10220,5
0
3
3
















R
R
C
New
C
New
arctg


 Con sentido Este-Norte (Noreste).
TEMA V: VECTORES
PROFESOR: JULIO C BARRETO G 20 TRAYECTO I
VALORES DE LAS FUNCIONES TRIGONOMÉTRICAS
Ángulos
Funciones 0° 90° 180° 270° 360°
Seno 0 1 0 -1 0
Coseno 1 0 -1 0 1
Tangente 0 No 0 No 0
Cotangente No 0 No 0 No
Secante 1 No -1 No 1
Cosecante No 1 No -1 0
VALORES NOTABLES
Ángulos
Razones
30º 45º 60º
Seno
2
1
2
2
2
3
Coseno
2
3
2
2
2
1
Tangente
3
3 1 3
Cotangente 3 1
3
3
Secante
3
32 2 2
Cosecante 2 2
3
32
Sistema Sexagesimal (DEG): Es el sistema cuyas unidades de medidas van de 60 en
60. La unidad del sistema sexagesimal en la medida de ángulos, es el grado (° sexagesimal),
el cual se define como la medida central del ángulo subtendido por un arco de círculo igual
a 1/3600 ava parte de la circunferencia de un círculo.
Un minuto ( ̓ ) es la
60
1
ava parte de un grado;
Un segundo (”) es la
60
1
ava parte de un minuto, o sea
3600
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ava parte de un grado.

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Tema v vectores nivelacion fisica uai uney

  • 1. PROGRAMA NACIONAL DE FORMACIÓN INSTRUMENTACIÓN Y CONTROL NIVELACIÓN DE FÍSICA SOBRE VECTORES UNIDADES ACREDITABLES I ÁNGULOS ENTRE PARALELAS Al intersectar una paralela por una recta llamada transversal o secante, se forman los siguientes tipos de ángulo: ÁNGULOS CORRESPONDIENTES: Son los que están al mismo lado de las paralelas y al mismo lado de la transversal. ÁNGULOS ALTERNOS INTERNOS: Son los que están entre las paralelas a distinto lado de ellas y a distinto lado de la transversal. ÁNGULOS ALTERNOS EXTERNOS: Son los que están "fuera" de las paralelas a distinto lado de ellas y a distinto lado de la transversal. Las propiedades fundamentales de los ángulos entre paralelas son: 1) Los ángulos correspondientes son iguales entre sí. 2) Los ángulos alternos internos son iguales entre sí. 3) Los ángulos alternos externos son iguales entre sí. Ángulos formados por rectas paralelas cortadas por una transversal.
  • 2. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 2 TRAYECTO I TIPOS DE ÁNGULOS FORMADOS Ángulos correspondientes entre paralelas. 1 = 5 2 = 6 3 = 7 4 = 8 Ángulos alternos entre paralelas. Externos 1 = 7 2 = 8 Internos 3 = 5 4 = 6 Son suplementarios (suman 180°) Ángulos contrarios o conjugados. 1 6 2 5 3 8 4 7 Ángulos colaterales. 1 8 2 7 3 6 4 5
  • 3. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 3 TRAYECTO I OPUESTOS POR EL VÉRTICE Dos ángulos se dicen opuestos por el vértice cuando los lados de uno son semirrectas opuestas a los lados del otro. En la figura los ángulos a, c y b, d son opuestos por el vértice. Dos ángulos opuestos por el vértice son congruentes. Realice las siguientes demostraciones: 1. Los ángulos opuestos por el vértice son iguales. 2. Si dos ángulos alternos internos son congruentes entonces los otros dos ángulos alternos internos también lo son. 3. Los ángulos internos a un mismo lado de la transversal de rectas paralelas, son suplementarios. Los ángulos externos a un mismo lado de la transversal de rectas paralelas, son suplementarios. 4. Toda transversal forma con dos paralelas ángulos alternos externos congruentes. 5. Toda transversal forma con dos paralelas ángulos alternos internos congruentes 6. La suma de los ángulos interiores de un triángulo, es igual a dos rectos (180º). 7. La suma de los ángulos agudos de un triángulo rectángulo, es igual a 90º. 8. En todo triángulo, la medida de un ángulo externo es la suma de las medidas de los ángulos internos no contiguos. 9. En todo triángulo, la medida de un ángulo externo es mayor que cualquier ángulo interior no adyacente. 10. La suma de los ángulos exteriores de cualquier triángulo vale cuatro ángulos rectos (360º).
  • 4. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 4 TRAYECTO I LEY DE LOS COSENOS En todo triángulo se cumple que el cuadrado de la longitud de uno de los lados es igual a la suma de los cuadrados de los otros dos lados MENOS el doble producto de estos lados por el coseno del ángulo que forman, así: Cos Acb-+ c= ba 2222 Cos Bca-+ c= ab 2222 Cos Cba-+ b= ac 2222 De las anteriores expresiones podemos despejar los ángulos y obtener: ba cba CCos ca bca BCos cb acb ACos          222 222222222 Esta ley se aplica cuando: Se conocen dos lados y el ángulo entre ellos (L-A-L). Se conocen los tres lados (L-L-L). LEY DE LOS SENOS En todo triángulo oblicuángulo se cumple que los lados son proporcionales a los senos de los ángulos opuestos así: triángulodelladoscbayángulossonCBADonde c CSeno b BSeno a ASeno ,,,,, Esta ley se aplica cuando se conocen: Dos ángulos y un lado (A - L–A). Dos lados y el ángulo opuesto a uno de ellos (L–L–A). Ejemplos: 1) Resuelve el siguiente triángulo: .60,3,2 0  ba Según la figura: Solución: Usando la ley del coseno
  • 5. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 5 TRAYECTO I          7 7 613 2 1 1294 60cos32232cos2 2 2 2 222222 c = =c -=c -+=c °-+c)(ab-+ b= ac            Determinemos los ángulos  y .                       236,23540 7 2 cos 7 2 cos 732 479 cos 732 273 cos 2 coscos2:Para 0 1 222 222 222                = = =α + =α + =α bc - a+ cb =ααbc+c=ba                         823,7679 72 1 cos 72 1 cos 74 974 cos 722 372 cos 2 coscos2:Para 1 222 222 222                °= = = + = + = ac - b+ ca =ac+c=ab       Ejercicio: Use la Ley del seno para hallar estos ángulos. Note que la suma de los tres ángulos es 180°.
  • 6. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 6 TRAYECTO I .18060823,7679236,235400 °° =+°+α+ β + γ =  2) Resuelva el triángulo presentado en la figura. Dado: α = 35°, β =15° y c = 5. Según la figura: Solución: De acá tenemos que: ° °° °° °=° +° +°α+ β + γ = 130 50180 18050 1801535180         Luego, usando la ley del seno: 5 sinsinsin   ba De aquí, tenemos que:     .74,3 130sin 35sin5 sin sin5 5 sinsin 0 0 aaa a        .69,1 130sin 15sin5 sin sin5 5 sinsin 0 0 bbb b    Nota: La fórmula para la ley de senos es: cba  sinsinsin  y debemos tener en cuenta que no hay diferencia si la tomas así:  sinsinsin cba  pero no las puedes mezclar.
  • 7. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 7 TRAYECTO I Ejercicio: I. A partir de la figura dada determine los elementos restantes del triángulo teniendo en cuenta las condiciones de cada caso y una de las leyes conocidas: a)  65 ,  50 , 12b b)  60 , 7a , 7c c) a=7, b=9, c=12 d) '3056 , 10b , 5c e) 120 , 4a , 8c f) 5c , 3b , 6a TEOREMA DE PITÁGORAS En un triángulo rectángulo, el cuadrado de la longitud de la hipotenusa es igual a la suma de los cuadrados las longitudes de los catetos. .222 cba  Inversamente: Si en un triángulo cuyos lados miden ba, y c se verifica que: .222 cba  Entonces el triángulo es rectángulo. APLICACIONES DEL TEOREMA DE PITÁGORAS 1. Conociendo los dos catetos calcular la hipotenusa: 22222 cbacba  Los catetos de un triángulo rectángulo miden en 3 m y 4 m respectivamente. ¿Cuánto mide la hipotenusa?    ab cA B C
  • 8. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 8 TRAYECTO I         ma mmamma 5 4343 22222   2. Conociendo la hipotenusa y un cateto, calcular el otro cateto:        22 22 222 cab bac cba La hipotenusa de un triángulo rectángulo mide 5 m y uno de sus catetos 3 m. ¿Cuánto mide otro cateto?         mc mmccmm 4 3535 22222   RAZONES TRIGONOMÉTRICAS EN EL TRIÁNGULO RECTÁNGULO Sea el triángulo rectángulo ,ABC en donde A y B son ángulos agudos y el ángulo C es rectángulo, y además los lados “ a ” y “ b ” Se llaman catetos y el lado “ c ” se llama hipotenusa. En función del ángulo ,A el lado “ a ” se llama cateto opuesto y el lado “ b ” cateto adyacente. Veamos la figura:
  • 9. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 9 TRAYECTO I Luego: El Seno del ángulo x (sen x) en un triángulo rectángulo, es la razón que existe entre el cateto opuesto (a) y la hipotenusa (c). c ax sen x  hipotenusa aopuestoCateto El Coseno del ángulo x (cos x) en un triángulo rectángulo, es la razón entre el cateto adyacente al ángulo x (b) y la hipotenusa (c) de dicho triángulo. c bx x  hipotenusa aadyacenteCateto cos La Tangente del ángulo x en un triángulo rectángulo, es la razón existente entre el cateto adyacente (b) y el opuesto (a) al ángulo. b a x x tag x  aadyacenteCateto aopuestoCateto La Cotangente del ángulo x en un triángulo rectángulo es la razón existente entre el cateto adyacente (b) y el apuesto (a) al ángulo x. a b x x ctg x  aopuestoCateto aadyacenteCateto La Secante del ángulo x (Sec x) es la razón que existe entre la hipotenusa (c) y el cateto adyacente (b) a x en un triángulo rectángulo. b c x x  aadyacenteCateto hipotenusa sec La Cosecante del ángulo x (Csc x) en un triángulo rectángulo es la razón entre la hipotenusa (c) y el cateto opuesto a x. a c x x  aopuestoCateto hipotenusa csc
  • 10. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 10 TRAYECTO I COMPONENTES RECTANGULARES DE UN VECTOR EN EL PLANO. Todo vector se puede expresar como la suma de otros dos vectores a los cuales se les denomina componentes. . Cuando las componentes forman un ángulo recto, se les llama componentes rectangulares. En la figura 2 se ilustran las componentes rectangulares del vector rojo. Las componentes rectangulares cumplen las siguientes relaciones   asena aa y x   cos Teniendo en cuenta que: x y yx a a aaa   tan 22 Las 2 primeras ecuaciones son para hallar las componentes rectangulares del vector a. y las 2 últimas son para hallar el modulo del vector a (por Teorema de Pitágoras) a partir de sus componentes rectangulares. La última ecuación es para hallar la dirección del vector  (ángulo) con la función trigonométrica tangente, a partir de lo cual se halla el sentido. Ejemplo: Una fuerza tiene magnitud igual a 10.0 N y dirección igual a 240º. Encuentre las componentes rectangulares y represéntelas en un plano cartesiano.
  • 11. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 11 TRAYECTO I     NsenF NF y x 6.82400.10 0.5240cos0.10 0 0   El resultado nos lleva a concluir que la componente de la fuerza en X tiene módulo igual a 5.00 N y apunta en dirección negativa del eje X. La componente en Y tiene módulo igual a 8.66 y apunta en el sentido negativo del eje Y. Esto se ilustra en la figura: Y la dirección es 00001 8.2391808.59180 0.5 6.8 tan            en sentido Oeste- Sur (Soroeste). EJERCICIOS RESUELTOS DE LEY DE COULOMB Y CAMPO ELÉCTRICO 1. Suponga que se tiene tres cargas puntuales localizadas en los vértices de un triángulo recto, como se muestra en la figura: Solución:
  • 12. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 12 TRAYECTO I Datos e incógnitas C=q C=q C= -q    70 50 80 3 2 1 2 2 9 109 c mNew k   cm=AB cm=AC 40 30   ?qF 3 Transformaciones C C C C=q C C C C=q C C C C=q 6 6 3 6 6 2 6 6 1 1070 1 10 70 1050 1 10 50 1080 1 10 80                m, cm m cm=AB m, cm m cm=AC 40 100 1 40 30 100 1 30   Hallemos la separación entre 3q y 1q se obtiene usando el Teorema de Pitágoras: m,=CB m,=CB m,=CB m,m,=CB m),+ (m),= (CBAB+AC=CB 50 250 250 160090 4030 2 22 222 222222      Las direcciones de las fuerzas sabemos coinciden con las líneas que unen a cada par de cargas puntuales.  La fuerza que 1q ejerce sobre ,3q ,13F es de atracción.  La fuerza que 2q ejerce sobre ,3q ,23F es de repulsión.
  • 13. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 13 TRAYECTO I Análisis Vectorial Las fuerzas 13F y 23F tienen las direcciones que se indican en la figura de abajo: Calcular la fuerza sobre la carga 3q debida a las cargas 1q y .2q Las magnitudes de tales fuerzas son:   New,=F m. CxCx C mNew x=F -- 6201 50 10701080 109 13 2 66 2 2 9 13    New=F m. CxCx C mNew x=F -- 350 30 10701050 109 23 2 66 2 2 9 23  Conviene disponer ejes coordenados xy tal como se indica en la figura, con el origen en la carga donde deseamos calcular la fuerza resultante, en este caso en .3q Llamando  3qF a la fuerza resultante sobre ,3q entonces:
  • 14. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 14 TRAYECTO I   .+ F= FqF 23133 Luego, en términos de componentes x e :y   xxx + F= FqF 23133   yyy F= FqF 23133  De acuerdo con la figura: Luego: New;=F , , New=Fθ= FF x xx 3,161 50 40 6,201cos 13 131313         New;=F , , New.=Fsenθ= FF y yy 121 50 30 6201 13 131313         New;=F x 023 .3502323 New= FF y  De acá tenemos:   New;New =New +=qF x 3,16103,1613
  • 15. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 15 TRAYECTO I   New;New =New=qF y 2291213503  La magnitud de la fuerza neta  3qF se obtiene de aplicando el teorema de Pitágoras en el triángulo resultante:                     New=qF New=qF New=qF New+New=qF New+New=qF q+ Fq= FqF yx 280 69,78458 69,78458 5244169,26017 2293,161 3 2 3 22 3 222 3 222 3 2 3 2 3 2 3 El ángulo de esta fuerza se obtiene de   0 3 3 54,8 1.42arctg= 421 3161 229       .tgθ New. New tgθ F F tgθ x y Con sentido Este-Norte (Noreste). CAMPO ELÉCTRICO q F E  2 r kQ E 
  • 16. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 16 TRAYECTO I Donde: :E Campo eléctrico, intensidad del Campo eléctrico. :F Fuerza eléctrica. :q Carga, magnitud de la carga colocada en el Campo eléctrico. Se dice que existe un campo eléctrico en una región del espacio en la cual una carga eléctrica experimentará una fuerza eléctrica. La magnitud de la intensidad del campo eléctrico ( E ) se da por la fuerza ( F ) por unidad de carga ( q ). Si q es (+): E y F tendrán la misma dirección. Si q es (-) la fuerza (F) estará dirigida opuestamente a E. Ejercicios: 1) ¿Cuál es la intensidad del campo eléctrico a una distancia de 2m de una carga de C12 ? Solución: Datos e incógnitas ?E mr 2 2 2 9 109 C mNew k   CQ 12 Transformación C C C CQ 6 6 1012 1 10 12     
  • 17. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 17 TRAYECTO I Análisis vectorial Luego:   .1027 2 1012 109 3 2 6 2 2 9 2 C New m C C mNew E r kQ E     2) Dos cargas puntuales C=Q 61  y C=Q ,62  están separadas 12 cm, como se muestra en la figura: Determínese el campo eléctrico en el punto A y en el punto B. Solución: Datos e incógnitas ?AE ?BE cmd 12 2 2 9 109 C mNew k   C=Q 61  C=Q 62 
  • 18. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 18 TRAYECTO I Transformación C C C CQ C C C CQ 9 9 2 9 9 1 106 1 10 6 106 1 10 6           Nota: Realizar las transformaciones de las distancias. Análisis Vectorial Esta dado en la figura del enunciado. Calculemos el Campo eléctrico en punto A: El campo eléctrico en A debido a :1Q   .1038,3 04,0 106 109 4 2 9 2 2 9 2 1 1 C New x m Cx C mNew x r kQ E     (Izquierda) Y en punto A: El campo en A debido a :2Q   .1043,8 08,0 106 109 34 2 9 2 2 9 2 2 2 C New x m Cx C mNew x r kQ E     (Izquierda) Puesto que los vectores tienen la misma dirección y sentido, la intensidad resultante en A es: .1022,41043,81038,3 4344 21 C New C New x C New xEEEA  (Izquierda) El campo B ejercido por 1Q y ,2Q se sigue del análisis vectorial:
  • 19. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 19 TRAYECTO I Luego:     C New x m Cx C mNew x r kQ E C New x m Cx C mNew x r kQ E 3 2 9 2 2 9 2 2 2 3 2 9 2 2 9 2 1 1 104,2 15,0 106 109 .1066,6 09,0 106 109         La ∑ vectorial del campo eléctrico :E     C New EEE xx 3030 22 1092,137cos104,237cos               C New E C New ,,EE E y y y 3 1 3030 22 10666 1044137sin104237sin De donde se puede comprobar que: C New Ey 3 10220,5  y así:  Módulo: C New E C New C New EEE yx 3 2 3 2 322 1056,5 10220,51092,1                Dirección: .80,69 1092,1 10220,5 0 3 3                 R R C New C New arctg    Con sentido Este-Norte (Noreste).
  • 20. TEMA V: VECTORES PROFESOR: JULIO C BARRETO G 20 TRAYECTO I VALORES DE LAS FUNCIONES TRIGONOMÉTRICAS Ángulos Funciones 0° 90° 180° 270° 360° Seno 0 1 0 -1 0 Coseno 1 0 -1 0 1 Tangente 0 No 0 No 0 Cotangente No 0 No 0 No Secante 1 No -1 No 1 Cosecante No 1 No -1 0 VALORES NOTABLES Ángulos Razones 30º 45º 60º Seno 2 1 2 2 2 3 Coseno 2 3 2 2 2 1 Tangente 3 3 1 3 Cotangente 3 1 3 3 Secante 3 32 2 2 Cosecante 2 2 3 32 Sistema Sexagesimal (DEG): Es el sistema cuyas unidades de medidas van de 60 en 60. La unidad del sistema sexagesimal en la medida de ángulos, es el grado (° sexagesimal), el cual se define como la medida central del ángulo subtendido por un arco de círculo igual a 1/3600 ava parte de la circunferencia de un círculo. Un minuto ( ̓ ) es la 60 1 ava parte de un grado; Un segundo (”) es la 60 1 ava parte de un minuto, o sea 3600 1 ava parte de un grado.