2. HERENCIA CUANTITATIVA
Es la transmisión de un carácter fenotípico cuya expresión
depende del efecto aditivo de una serie de genes.
La herencia poligénica se da cuando algún carácter se debe
a la acción de más de un gen que puede tener además más
de dos alelos, lo cual origina numerosas combinaciones que
son la causa de que exista una gradación en los fenotipos.
3. Ejemplos de estos caracteres
• Peso y estatura corporal
• Longevidad
• Color de ojos
• Grado de pigmentación de
la piel y pelo
• Metabolismo basal
• Huella dactilar
• Inteligencia
5. Variación continua: Si las diferencia que se
xpresan entre unos individuos y otros son muy
equeñas y graduales ejm: altura, peso, producción
e leche.
6. • Variación discontinua: Si el carácter puede
usarse para dividir a los miembros de una
especie en dos o mas grupos diferentes ejm:
huellas dactilares ,grupos sanguíneos,color de
piel.
7. EXPERIMENTO DE EDWAR
EAST
Demostró que varios genes distintos pueden influir
sobre un carácter determinado. Es decir, existe una
segregación y transmisión de genes distintos con
efecto cuantitativo sobre el mismo carácter. En
definitiva podemos decir que varios genes codifican un
mismo carácter, que depende de la suma de los
genes que lo codifican.
Edward realizó cruces entre dos variases de la planta
de tabaco Nicotiana longiflora.
8.
9. EJERCICIOS:
1)Suponga que la altura de una planta esta
controlada por dos pares de genes y que cada alelo
aditivo contribuye con 5cm a la altura base de 20
cm(es decir , aabb tiene 20 cm)
a)¿Cuál es la altura de una planta AABB?
DATOS:
Alelo aditivo:5cm
Si aabb: 20cm (altura base)
ENTONCES:
AABB: 20+5+5+5+5 =40cm
10. b) Prediga las proporciones fenotípicas de plantas
F1 y F2 en un cruce entre aabb x AABB
• P. planta de 20cm x planta de 40cm
aabb AABB
Gametos:{ ab AB
F1: genotipo AaBb 100%
fenotipo plantas de 30cm
• P. planta de 30cm x planta de 30cm
AaBb AaBb
Gametos: AB
Ab
aB
ab
AB Ab aB ab
AB AABB AABb AaBB AaBb
Ab AABb AAbb AaBb Aabb
aB AaBB AaBb aaBB aaBb
ab AaBb Aabb aaBb aabb
11. F2: genotipo 1/16 AABB, 2/16 AABb, 1/16 Aabb, 2/16
AaBB, 4/16 AaBb, 2/16 Aabb, 1/16 aaBB, 2/16 aaBb, 1/16
aabb
fenotipo 1/16 planta de 40cm, 4/16 planta de 35cm,
5/16 planta de 25cm, 5/16 plantas de 30cm, 1/16 plantas
de 20cm
C) Haga una lista de todos 35 los genotipos que dan
lugar a plantas con 25cm y con cm de altura
aaBb:25cm
Aabb:25cm
AABb:35cm
AaBB:35cm
Altura base: aabb= 20cm
12. 2) Una variedad de calabazas tiene frutos que pesan
alrededor de 5 libras.
En una segunda variedad el peso medio es de 2 libras.
Cuando las dos variedades se cruzaron la F1 produjo
fruto con un peso medio de 3.5 libras.
Cuando se cruzaron dos individuos de la F1 se
obtuvieron frutos con pesos que iban desde las 2 hasta
las 5 libras de 200 descendientes, 3 produjeron frutos
que pesaban alrededor de 5 libras y otros 3 produjerón
frutos con un peso medio de 2 libras .
a) ¿Cuántos pares de alelos están implicados en la
diferencia de peso entre ambas variedades?
b) ¿Cuánto contribuye aproximadamente cada gen
efectivo a la diferencia?
13. a) ¿Cuántos pares de alelos están implicados en la diferencia de
peso entre ambas variedades?
DATOS:
P: Variedad calabazas: 5 libras x variedad calabaza: 2libras
F1: Calabazas de 3.5 libras
P: Calabazas con 3.5libras x calabazas con 3.5 libras
F2: Calabazas con pesos de 2 libras hasta 5 libras
3/200 :5libras y 3/200 : 2 libras
Esta proporción equivale a los genes aditivos
3
__
3
____
200
__
3
= 1/66.67
14. a) FÓRMULA:
Donde:
n: Número de par de genes
Rpta: De acuerdo a este mecanismo concluimos que
hay 3 pares de genes, ya que 1/66.67 está muy próximo
a 1/64.
15. b) ¿Cuánto contribuye aproximadamente cada gen
efectivo a la diferencia?
*Calabaza de 2 y 5 libras
Peso medio de la calabaza 5-2
Número de alelos 6
Rpta: Cada alelo aditivo contribuirá con 0.5 libras
= 0.5
Contribución
de cada alelo Peso mayor – peso menor
Nº de alelos implicados
16. 3) Si 3 loci que segregan independientemente con 2 alelos
cada uno (Aa, Bb, Cc), determinan la altura en una
planta, de modo que la presencia de los alelos
representados por las letras mayúsculas añade 2 cms.
a la altura base de 2 cms.
a) Determinar la altura que esperaríamos en la F1 de un
cruzamiento entre las cepas homocigóticas: AABBCC
(14 cms.) x aabbcc (2 cms.).
b) Determinar la distribución de las alturas (fenotipos y
frecuencias) que se espera en un cruzamiento F1 x F1.
c) ¿Qué proporción de esta F2 tendrá la misma altura que
las cepas paternas?
17. Desarrollo
a)Alelo aditivo: 2cm
Altura base: 2cm
P: planta de 14 cm x panta de 2 cm
AABBCC aabbcc
genes de A a
los gametos B b
C c
F1 Genotipo: 100% AaBbCc
Fenotipo: 100% plantas de 8cm
18. b) P: AaBbCc x AaBbCc
Aa x Aa =1/4AA,2/4Aa,1/4aa
Bb x Bb =1/4BB,2/4Bb,1/4bb
Cc x Cc =1/4CC,2/4Cc,1/4cc
1/4 BB — 1/4 CC = 1/64 AABBCC
1/4 AA 2/4 Bb — 2/4 Cc = 1/16 AABbCb
1/4 bb — 1/4 cc = 1/64 AAbbcc
1/4 BB — 1/4 CC = 1/32 AaBBCC
F2 2/4 Aa 2/4 Bb — 2/4 Cc = 1/8 AaBbCC
1/4 bb — 1/4 cc =1/32 Aabbcc
1/4 BB — 1/4 CC = 1/64 aaBBCC
1/4 aa 2/4 Bb — 2/4 Cc = 1/16 aaBbCc
1/4 bb — 1/4 cc = 1/64 aabbcc
19. c) P: AaBbCc x AaBbCc
Aa x Aa =1/4AA,2/4Aa,1/4aa
Bb x Bb =1/4BB,2/4Bb,1/4bb
Cc x Cc =1/4CC,2/4Cc,1/4cc
1/4 BB — 1/4 CC = 1/64 AABBCC
1/4 AA 2/4 Bb — 2/4 Cc = 1/16 AABbCb
1/4 bb — 1/4 cc = 1/64 AAbbcc
1/4 BB — 1/4 CC = 1/32 AaBBCC
F2 2/4 Aa 2/4 Bb — 2/4 Cc = 1/8 AaBbCC
1/4 bb — 1/4 cc =1/32 Aabbcc
1/4 BB — 1/4 CC = 1/64 aaBBCC
1/4 aa 2/4 Bb — 2/4 Cc = 1/16 aaBbCc Respuesta:
1/4 bb — 1/4 cc = 1/64 aabbcc 2/64 de la F2
tendrán la misma
altura que la
cepa paterna.
