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Temario
7. Deflexiones
7.1 Introducción
7.2 Deflexión instantánea
7.3 Ejemplo de aplicación 1:
7.3 Ejemplo de aplicación 2:
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
7.4 Grietas en elementos sometidos a flexión
Logro de la sesión
Al finalizar la sesión, el estudiante calcula deflexiones en vigas, reconoce
las fisuraciones en elementos de concreto armado y traza el diagrama de
interacción para la sección de una columna reconociendo la influencia de la
esbeltez en el comportamiento de una columna.
7. Deflexiones
7.1 Introducción
Rascacielos, Chicago, Illinois.
7. Deflexiones
7.1 Introducción
Los miembros de concreto reforzado sometidos a flexión deben ser diseñados por seguridad y serviciabilidad. Los
miembros serán seguros si ellos son diseñados de acuerdo a las ecuaciones y limitaciones del código del ACI.
Consecuentemente, el tamaño de cada miembro y el refuerzo requerido son determinados con el fin de mantener la
capacidad de momento interno mayor que o igual que la del momento externo. Además, rigidez adecuada del
miembro es necesaria para prevenir grietas y deflexiones excesivas.
La deflexión permisible se rige por muchos factores, como el tipo de edificio, la apariencia de la estructura, la
presencia de techos y particiones enlucidos, el daño esperado debido a la deflexión excesiva y el tipo y la magnitud
de la carga viva.
El uso de acero y concreto de alta resistencia da como resultado secciones más pequeñas y una reducción en la
rigidez del miembro sometido a flexión, en consecuencia, aumenta su deflexión.
7. Deflexiones
7.1 Introducción
Las deflexiones calculadas de acuerdo con 24.2.3 hasta 24.2.5 no deben exceder los límites establecidos en la Tabla
24.2.2
24.2.3 (Cálculo de deflexiones inmediatas). 24.2.4 (Cálculo de deflexiones dependientes del tiempo). 24.2.5.
Cálculo de las deflexiones de construcción en concreto compuesto.
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
Curvas Deflexión vs Carga (Teóricas y
Experimentales).
Deflexión de una viga de concreto reforzado.
Variación del
momento de inercia
de la viga.
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
Deflexiones de vigas.
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
Deflexiones de vigas.
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
Deflexiones de vigas.
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
La deflexión de los miembros estructurales se debe principalmente a la carga muerta más una fracción de o toda la
carga viva. La deflexión que ocurre inmediatamente después de la aplicación de la carga se llama deflexión
inmediata o instantánea. Bajo cargas sostenidas, la deflexión aumenta apreciablemente con el tiempo. Hay varios
métodos disponibles para calcular las deflexiones en estructuras estáticamente determinadas e indeterminadas. Los
cálculos de deflexión instantánea se basan en el comportamiento elástico de los miembros sometidos a flexión.
Las deflexiones de vigas con diferentes cargas y diferentes condiciones de extremo son dadas en los libros de
análisis estructural.
El problema es calcular el módulo de elasticidad 𝐸 y el momento de inercia 𝐼 del miembro o la rigidez a la flexión
del miembro 𝐸𝐼.
7.2.1.- Módulo de elasticidad
El código del ACI, sección 19.2.2, especifica que el módulo de elasticidad del concreto 𝐸𝑐 podría ser tomado como:
𝑐
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
𝑃𝑎𝑟𝑎 𝑣𝑎𝑙𝑜𝑟𝑒𝑠 𝑑𝑒 𝑤𝑐 𝑒𝑛𝑡𝑟𝑒 1440 𝑦 2560 𝑘𝑔/𝑚3
𝐸𝑐 = 𝑤1.50.043
𝑃𝑎𝑟𝑎 𝑐𝑜𝑛𝑐𝑟𝑒𝑡𝑜 𝑑𝑒 𝑝𝑒𝑠𝑜 𝑛𝑜𝑟𝑚𝑎𝑙
𝐸𝑐 = 4700
1.2.2.- Relación modular
La relación modular se define como la relación del módulo de elasticidad del acero al módulo de elasticidad del
concreto 𝑛 = 𝐸𝑠/𝐸𝑐, y es usado en el concepto de área transformada.
𝑛 =
𝐸𝑠
𝐸𝑐
𝐸𝑠: módulo de elasticidad del acero de refuerzo
𝐸𝑐: módulo de elasticidad del concreto
𝑎
𝑏
𝑒𝑛 𝑀𝑝𝑎 19.2.2.1. 𝑎
𝑒𝑛 𝑀𝑝𝑎 19.2.2.1. 𝑏
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
7.2.3.- Momento de agrietamiento
Una viga de concreto reforzado simplemente apoyada con carga pequeña, desarrolla un momento flexionante
pequeño, y los esfuerzos en las fibras de tracción extremas serán menos que el módulo de ruptura del concreto 𝑓𝑟. Si
la carga es incrementada hasta que los esfuerzos de tracción almacenen un esfuerzo promedio del módulo de
ruptura, 𝑓𝑟, grietas se desarrollarán. Si el esfuerzo de tracción es más grande que 𝑓𝑟, la sección se agrietará, y una
caso de sección agrietada se desarrollará. Esto significa que hay tres casos a ser considerados.
1.- Cuando el esfuerzo de tracción, 𝑓𝑡, es menos que 𝑓𝑟, la sección entera sin agrietar es considerada para calcular
las propiedades de la sección. En este caso, el momento de inercia bruto, 𝐼𝑔, es usado: 𝐼𝑔 =
es la sección de concreto entera.
𝑏ℎ3, donde 𝑏ℎ
2.- Cuando el esfuerzo de tracción, 𝑓𝑡, es igual al módulo de ruptura, 𝑓𝑟, una grieta podría iniciar a desarrollarse, y
el momento que causa este esfuerzo es llamado momento de agrietamiento. Usando la fórmula de flexión,
1/12
𝑐
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
7.2.3.- Momento de agrietamiento
𝑐
𝑓 = 𝑀 o 𝑀 = 𝑓 𝐼𝑔
𝑟 𝑐𝑟
𝐼𝑔
𝑐𝑟 𝑟
𝑐
donde 𝐼𝑔 es el momento de inercia bruto, y 𝑐 es la distancia desde el eje neutral a las fibras de tracción extremas.
Por ejemplo, para una sección rectangular,
𝐼𝑔
=
1
𝑏ℎ3
o 𝑐 =
ℎ
12 2
3.- Cunado el momento externo aplicado excede el momento de agrietamiento, 𝑀𝑐𝑟, un caso de sección
agrietada es desarrollado, y el concreto en la zona de tracción es despreciado. Una sección agrietada
transformada es usada para calcular el momento de inercia por agrietamiento, 𝐼𝑐𝑟, usando el área de
concreto en compresión y el área de acero transformada 𝑛𝐴𝑠.
El módulo de ruptura 𝑓𝑟 , podría ser tomado como 𝑓𝑟 = 2𝜆 𝑓′, donde 𝜆 es un factor de modificación por
tipo de concreto.
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
7.2.4.- Momento de inercia
El momento de inercia, en adición al módulo de elasticidad, determina la rigidez del miembro a la flexión. Bajo
cargas pequeñas, el momento máximo producido será pequeño, y los esfuerzos de tracción en las fibras de tracción
extremas serán menos que el módulo de ruptura del concreto; en este caso, la sección agrietada transformada bruta
será efectiva al proporcionar la rigidez. Con cargas de trabajo o superiores, se forman grietas de tracción por
flexión. En la sección agrietada, la posición del eje neutro es más baja (más cerca del acero de tracción). En ambas
ubicaciones sólo las secciones agrietadas trasformadas son efectivas al determinar la rigidez del miembro; por lo
tanto, el momento de inercia efectivo varía considerablemente a lo largo del tramo. En momento de flexión
máximo, el concreto se agrieta, y su porción en la zona de tracción es despreciada en los cálculos del momento de
inercia. Cerca de los puntos de inflexión los esfuerzos son bajos, y la sección entera podría estar sin agrietamiento.
Para esta situación y en el caso de vigas con profundidad variable, las soluciones exactas son complicadas.
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
7.2.4.- Momento de inercia
El momento de inercia efectivo dado por el código del ACI es:
3 3
𝐼𝑒 = 𝐼𝑔 + 1 − 𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔
donde 𝐼𝑒 es el momento de inercia efectivo, el momento de agrietamiento es dado como
Y el módulo de ruptura como
𝑀𝑐𝑟 =
𝑓𝑟 = 2𝜆
Valores de 𝜆 para concreto liviano con base en la densidad de equilibrio
𝑤𝑐 𝑘𝑔/𝑚3
≤ 1600
1600 < 𝑤𝑐 ≤ 2160
> 2160
𝜆
0.75
0.00047𝑤𝑐 ≤ 1.0
1.0
𝑓 𝐼
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
7.2.4.- Momento de inercia
𝑀𝐴 = Momento máximo sin factorizar en miembros en la etapa para el cual la deflexión está siendo calculada.
𝐼𝑔 = Momento de inercia de la sección transversal bruta del concreto alrededor del eje centroidal, despreciando el
acero de refuerzo.
𝐼𝑐𝑟 = Momento de inercia de la sección transversal transformada agrietada.
𝑌𝑡 = Distancia desde el eje centroidal de la sección transversal, despreciando el acero de refuerzo, a la cara de
tracción.
𝑥 𝑜 𝑘𝑑
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
7.2.5.- Propiedades de la sección
Para determinar el momento de inercia de las secciones brutas y agrietadas, es necesario calcular la distancia a partir
de las fibras en compresión a el eje neutral .
1.- Momento de inercia bruto 𝐼𝑔 (desprecia todo el acero en la sección):
a) Para una sección rectangular de ancho 𝑏 y una altura total ℎ, 𝐼𝑔
=
1
𝑏ℎ3.
12
b) Para una sección 𝑇 con un ancho efectivo del ala (desde la parte superior del ala) 𝑏𝑒, ancho del alma 𝑏𝜔 y
espesor del ala ℎ𝑓, calcular 𝑦 (distancia al eje centroidal).
Luego:
𝐼𝑔 =
𝑦 =
+ 𝑏
𝑒 ℎ𝑓
2
+ 𝑏𝜔 + 𝑏𝜔
ℎ + ℎ𝑓 /2
ℎ − ℎ𝑓
𝑏𝑒ℎ3
12
𝑦 −
2
𝑦 − ℎ𝑓
3
ℎ − 𝑦
3
𝑑 − 𝑥
𝑑 − 𝑥
𝑠
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
7.2.5.- Propiedades de la sección
2.- Momento de inercia agrietado 𝐼𝑐𝑟: considere 𝑥 como la distancia del eje neutro a la fibra extrema en compresión
.
a) Para una sección rectangular con acero en tracción 𝐴𝑠 únicamente:
i. Calcular 𝑥 a partir de la ecuación
i. Calcular
𝑏𝑥2
2
− 𝑛𝐴𝑠 = 0
𝑏𝑥3
𝐼𝑐𝑟 =
3
+ 𝑛𝐴𝑠
b) Para una sección rectangular con acero en tracción 𝐴𝑠 y acero en compresión 𝐴′ :
i. Calcular 𝑥 a partir de la ecuación
𝑏𝑥2
2
+ ′
𝑠 − 𝑛
𝐴 𝑠 = 0
𝑥 = 𝑘𝑑
𝑑 − 𝑥
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′
𝐴
2
𝑥 − ℎ𝑓
𝑑 − 𝑥
7. Deflexiones
7.2 Deflexión instantánea
7.2.5.- Propiedades de la sección
ii. Calcular 𝐼𝑐𝑟:
𝐼𝑐𝑟 =
𝑏𝑥3
3
+ ′
𝑠
2 + 𝑛
𝐴 𝑠
2 = 0
c) Para una sección 𝑇 con acero en tracción 𝐴𝑠 únicamente:
i. Calcular 𝑥 a partir de la ecuación
ii. Calcular 𝐼𝑐𝑟:
𝐼𝑐𝑟 =
𝑏𝑒ℎ𝑓
+ 𝑏
𝑒 ℎ𝑓
+ 𝑏𝜔
2
2
− 𝑛𝐴𝑠
+ 𝑏𝜔
= 0
+ 𝑛𝐴𝑠
2
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥
𝑥 −
2
𝑑 − 𝑥
12
𝑥 −
2
𝑥 − ℎ𝑓
3
𝐴
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 1: Calcule la deflexión instantánea en el tramo medio de la viga simplemente apoyada.
Considere 𝑓′ = 280 𝑘ℎ𝑔/𝑐𝑚2, 𝑃 = 3853.82 𝑘𝑔𝑓 y 𝑊 = 23.49 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚.
𝑐 𝑢 𝑢
𝑃𝑢
Solución:
Deflexión en el tramo medio debido a la carga distribuida y puntual
Módulo de elasticidad del concreto
𝐸𝑐 = 15000
5𝜔𝑢𝐿4
Δ =
384𝐸𝑐𝐼𝑒
= 15000
𝑃𝑢𝐿3
+
48𝐸𝑐𝐼𝑒
= 250998.01 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2
𝑐𝑎𝑝𝑎 2 (4 ∅ 7/8")
𝑐𝑎𝑝𝑎 1 (4 ∅ 7/8")
280
1200
ℎ/2
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 1:
Inercia efectiva
𝐼𝑒 =
3
𝐼𝑔 + 1 −
3
𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔
𝑀𝑎 =
𝜔𝑢𝐿2
+
8
𝑃𝑢𝐿
=
4
23.49 2 3853.82
+ = 5384346 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚
8 4
𝐼𝑔
=
1
𝑏ℎ3 =
1
12 12
3 = 800989.58 𝑐𝑚4
𝑀𝑐𝑟 = 𝑓
𝑟
𝐼𝑒 =
𝐼𝑔
𝑐
= 2𝜆 = 2
3
+ 1 −
= 824807.34 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚
3
𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔
𝐼𝑒 = 2879.15 + 0.9964𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔
1200
35 65
1
800989.58
280
65/2
824807.34
5384436
800989.58
824807.34
5384436
𝑑 − 𝑥
56 − 𝑥
22.33
30.96 56 − 22.33
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 1:
Inercia efectiva
𝑏𝑥2
2
− 𝑛𝐴𝑠 = 0
𝑛 =
𝐸𝑠
𝐸𝑐
2100000
=
250998.01
= 8.37
17.5𝑥2 − 259.14 = 0 𝐴𝑠 = 8 = 30.96 𝑐𝑚2
17.5𝑥2 + 259.14𝑥 − 14511.84 = 0 𝑑 = ℎ − 9 = 65 − 9 = 56 𝑐𝑚
𝑥 = 22.33 𝑐𝑚
𝑏𝑥3 35 3
𝐼𝑐𝑟 =
3
+ 𝑛
𝐴
𝑠
2 = + 8.37 2
3
Con todos los términos calculados:
𝐼𝑐𝑟 = 423674.66 𝑐𝑚4
𝐼𝑒 = 2879.15 + 0.9964𝐼𝑐𝑟 = 2879.15 + 0.9964
𝐼𝑒 = 425028.58 𝑐𝑚4 ≤
≤ 𝐼𝑔
𝑑 − 𝑥
423674.66
𝐼𝑔 = 800989.58 𝑐𝑚4
3.87
# de
varilla
∅
(pulg)
∅
(cm)
Área
(𝒄𝒎𝟐)
7 7/8 2.22 3.87
384 250998.01 425028.58
23.49 1200 1200
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 1:
Deflexión
Δ =
5
5𝜔𝑢𝐿4
384𝐸𝑐𝐼𝑒
4
𝑃𝑢𝐿3
+
48𝐸𝑐𝐼𝑒
3853.32 3
Δ = +
Δ = 7.2454 𝑐𝑚
48 250998.01 425028.58
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 2: Calcule la deflexión instantánea en el tramo medio de la viga simplemente apoyada.
Considere 𝑓′ = 280 𝑘ℎ𝑔/𝑐𝑚2, 𝑃 = 3853.82 𝑘𝑔𝑓 y 𝜔 = 23.49 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚.
𝑐 𝑢 𝑢
𝑃𝑢
Solución:
Deflexión en el tramo medio debido a la carga distribuida y puntual
Módulo de elasticidad del concreto
𝐸𝑐 = 15000
5𝜔𝑢𝐿4
Δ =
384𝐸𝑐𝐼𝑒
= 15000
𝑃𝑢𝐿3
+
48𝐸𝑐𝐼𝑒
= 250998.01 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2
𝑐𝑎𝑝𝑎 1 (2 ∅ 5/8")
𝑐𝑎𝑝𝑎 2 (4 ∅ 7/8")
𝑐𝑎𝑝𝑎 1 (4 ∅ 7/8")
280
1200
ℎ/2
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 2:
Inercia efectiva
𝐼𝑒 =
3
𝐼𝑔 + 1 −
3
𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔
𝑀𝑎 =
𝜔𝑢𝐿2
+
8
𝑃𝑢𝐿
=
4
23.49 2 3853.82
+ = 5384346 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚
8 4
𝐼𝑔
=
1
𝑏ℎ3 =
1
12 12
3 = 800989.58 𝑐𝑚4
𝑀𝑐𝑟 = 𝑓
𝑟
𝐼𝑒 =
𝐼𝑔
𝑐
= 2𝜆 = 2
3
+ 1 −
= 824807.34 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚
3
𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔
𝐼𝑒 = 2879.15 + 0.9964𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔
1200
35 65
1
800989.58
280
65/2
824807.34
5384346
800989.58
824807.34
5384346
𝑑 − 𝑥
𝑠
3.98
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 2:
Inercia efectiva
𝑛 =
𝐸
𝑠
𝐸𝑐
2100000
=
250998.01
= 8.37
𝐴𝑠 = 8 = 30.96 𝑐𝑚2
𝐴′ = 2 = 3.98 𝑐𝑚2
𝑑′ = 6 𝑐𝑚
𝑑 = ℎ − 9 = 65 − 9 = 56 𝑐𝑚
17.5𝑥2 +
𝑏𝑥2
2
+ ′
𝑠 − 𝑛𝐴
− 8.37
𝑠 = 0
= 0
17.5𝑥2 + 288.47𝑥 − 14687.82 = 0
𝑥 = 21.88 𝑐𝑚
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′
8.37 − 1 𝑥 − 6 30.96 56 − 𝑥
3.87
1.99
𝐴
# de
varilla
∅
(pulg)
∅
(cm)
Área
(𝒄𝒎𝟐)
5 5/8 1.59 1.99
7 7/8 2.22 3.87
21.88
30.96 56 − 21.88
23.49 1200
250998.01 432606.97
1200
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 2:
35
𝐼𝑐𝑟 =
3
𝑏𝑥3
3
+ ′
𝑠
2 + 𝑛
𝐴 𝑠
2 = 0
𝐼𝑐𝑟 =
3
+
𝐼𝑐𝑟 = 431280.43 𝑐𝑚4
2 + 8.37 2
Con todos los términos calculados:
𝐼𝑒 = 2879.15 + 0.9964𝐼𝑐𝑟 = 2879.15 + 0.9964
𝐼𝑒 = 432606.97 𝑐𝑚4 ≤
≤ 𝐼𝑔
Deflexión
Δ =
5
5𝜔𝑢𝐿4
384𝐸𝑐𝐼𝑒
4
𝑃𝑢𝐿3
+
48𝐸𝑐𝐼𝑒
3853.32 3
Δ = +
384 48
Δ = 7.1186 𝑐𝑚
8.37 − 1 3.98
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥
21.88 − 6
431280.43
𝐼𝑔 = 800989.58 𝑐𝑚4
250998.01 432606.97
𝐴
7. Deflexiones
7. Deflexiones
𝑐
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3: Para la viga de 40 𝑐𝑚 𝑥 90 𝑐𝑚, calcule la deflexión total (carga viva + carga muerta).
Se muestran los diagramas de momento flexionante por carga muerta y viva en la viga. Considere 𝑓′ = 280 𝑘𝑔𝑓/
𝑐𝑚2, 𝑓𝑦 = 4,200 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2, 𝐸𝑠 = 2,100,000 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 y 𝜀𝑐𝑢 = 0.003.
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
Datos:
Centro geométrico: 𝑦𝑔 = ℎ/2 = 90/2 = 45 𝑐𝑚
Momento de inercia: 𝐼𝑔 =
Luz libre: 𝐿𝑛= 11.20 𝑚
= = 2,430,000 𝑐𝑚4
Acero en los apoyos: 𝑆𝑢𝑝𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟: 8 ∅1"
𝐼𝑛𝑓𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟: 4 ∅1"
Acero en el centro: 𝑆𝑢𝑝𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟: 4 ∅1"
𝐼𝑛𝑓𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟: 6 ∅1"
40 90 3/12
40.56 𝑐𝑚2
20.28 𝑐𝑚2
20.28 cm2
30.42 cm2
𝑑 − 𝑥
𝑛 − 1
𝑠 𝑠
𝑠 𝐴𝑠
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
𝐸𝑐 = 15,000
𝐸
= 250,998.01 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2
2,000,000
Solución
Módulo de ruptura y momento de agrietamiento
𝑛 =
𝑠
𝐸𝑐
=
250,998.01
= 7.97
𝑓𝑟 𝐼𝑔
𝑓𝑟 = 2
𝜆
33.47
= 2 = 33.47 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2
𝑀𝑐𝑟 = =
𝑦𝑔
= 1,807,380 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 = 18.07 𝑡 ∙ 𝑚
45
Inercia efectiva en los apoyos
En vigas doblemente reforzadas, la profundidad del eje neutro se despeja de la siguiente expresión:
𝑏
𝑥2 +
2
′
𝑠 − 𝑛
𝐴 𝑠 = 0 𝑛𝐴𝑠
𝑏
𝑥2 + 𝑛𝐴
2 𝑠 + 𝐴′ 𝑥 − 𝑛
𝐴
𝑠 𝑑 + 𝐴′ 𝑑′ = 0
𝐴𝑠 = 40.56 𝑐𝑚2, 𝑑 = 81 𝑐𝑚
𝐴′ = 20.28 𝑐𝑚2, 𝑑′ = 6 𝑐𝑚 ′
1 280
2,430,000
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′
𝑛 − 1 𝑛 − 1
𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2
280
𝐴
6
7.97 − 1 20.28
40.56 81 − 26.94
𝑀𝑎 = 50 𝑡 ∙ 𝑚 = 5,000,000 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
40
𝑥2 + 7.97
2
+ 𝑥 − 7.97
20𝑥2 + 464.61𝑥 − 27032.43 = 0
𝑥 = 26.94 𝑐𝑚
+ = 0
Inercia de agrietamiento:
40
𝐼𝑐𝑟 =
3
𝑏𝑥3
3
+ ′
𝑠
2 + 𝑛
𝐴 2
𝑠
𝐼𝑐𝑟 =
Inercia efectiva:
+
3
𝐼𝑐𝑟 = 1,267,406.04 𝑐𝑚4
2 + 7.97 2
Reemplazando los valores, y para un momento por carga muerta , tenemos:
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥
20.28
40.56 7.97 − 1 40.56 81
26.94
7.97 − 1 20.28 26.94 − 6
𝐴
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
𝐼𝑒
3
=
3
𝐼𝑔 + 1 −
3
𝐼𝑐𝑟
3
≤ 𝐼𝑔
𝐼𝑒 = 2,430,000 + 1 − 1,267,406.04 ≤ 2,430,000
𝐼𝑒 = 𝐼𝑒1 = 𝐼𝑒2 = 1,322,317.94 𝑐𝑚4
Similarmente, calcularemos la inercia efectiva por carga muerta y carga viva (𝑀𝑎 = = 66 𝑡 ∙ 𝑚 =
𝐼𝑒 =
3
2,430,000 + 1 −
3
1,267,406.04 ≤ 2,430,000
𝐼𝑒 = 𝐼𝑒1 = 𝐼𝑒2 = 1,291,281.11 𝑐𝑚4
1,807,380
5,000,000
1,807,380
5,000,000
50 + 16
1,807,380
6,600,000
1,807,380
6,600,000
6
7.97 − 1 20.28
𝑑 − 𝑥
𝑛 − 1 𝐴
𝑠 𝑠
𝑠
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3: 𝑠
Inercia efectiva en el centro de la viga
Similarmente al cálculo en los apoyos, obtendremos las inercias en el centro de la luz.
𝑏
𝑥2 +
2
𝑏
′
𝑠 − 𝑛
𝐴 𝑠 = 0
𝑛𝐴𝑠
𝑥2 + 𝑛𝐴𝑠 +
2
𝐴′ 𝑥 − 𝑛
𝐴
𝑠 𝑑 + 𝐴′ 𝑑′ = 0
40
𝑥2 + 7.97
2
+
𝐴𝑠 = 30.42 𝑐𝑚2, 𝑑 = 84 𝑐𝑚
𝐴′ = 20.28 𝑐𝑚2, 𝑑′ = 6 𝑐𝑚
𝑥 − 7.97
20𝑥2 + 383.80𝑥 − 21,213.69 = 0
𝑥 = 24.36 𝑐𝑚
+ = 0
𝑛 − 1 𝑛 − 1
20.28
30.42 7.97 − 1 30.42 84
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′
𝐴
′
30.42 84 − 24.36
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
Inercia de agrietamiento:
40
𝐼𝑐𝑟 =
3
𝑏𝑥3
3
+ ′
𝑠
2 + 𝑛
𝐴 2
𝑠
𝐼𝑐𝑟 =
Inercia efectiva:
+
3
2 + 7.97 2
𝐼𝑐𝑟 = 1,102,755.93 𝑐𝑚4
Reemplazando los valores, y para un momento por carga muerta
3 3
, tenemos:
𝐼𝑒
3
= 𝐼𝑔 + 1 − 𝐼𝑐𝑟
3
≤ 𝐼𝑔
𝐼𝑒 = 2,430,000 + 1 − 1,102,755.93 ≤ 2,430,000
𝐼𝑒 = 𝐼𝑒𝑐 = 1,201,314.38 𝑐𝑚4
𝑀𝑎 = 43 𝑡 ∙ 𝑚 = 4,300,000 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥
24.36
7.97 − 1 20.28 24.36 − 6
1,807,380
4,300,000
1,807,380
4,300,000
𝐴
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
Similarmente, calcularemos la inercia efectiva por carga muerta y carga viva (𝑀𝑎 = = 56 𝑡 ∙ 𝑚 =
𝐼𝑒 =
3
2,430,000 + 1 −
3
1,102,755.93 ≤ 2,430,000
Deflexión en el tramo medio de la viga:
𝐼𝑒 = 𝐼𝑒𝑐 = 1,147,376.50 𝑐𝑚4
Inercia efectiva del tramo (Carga Muerta), se calculará:
𝐼𝑒𝑓 𝑀 =
𝐼𝑒1 + 𝐼𝑒2 + 2𝐼𝑒𝑐
4
𝐼𝑒𝑓 𝑀
1,322,317.94 + 1,322,317.94 + 2
=
4
= 1,261,816.16 𝑐𝑚4
Inercia efectiva del tramo (Carga Muerta + Carga Viva):
𝐼𝑒𝑓 𝑀+𝑉 =
𝐼𝑒1 + 𝐼𝑒2 + 2𝐼𝑒𝑐
4
43 + 13
1,807,380
5,600,000
1,807,380
5,600,000
1,201,314.38
𝑀𝑐 − 0.1 𝑀1 + 𝑀2
5𝐿
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
𝐼𝑒𝑓 𝑀
+
𝑉
1,291,281.11 + 1,291,281.11 + 2
=
4
= 1,219,328.81 𝑐𝑚4
Deflexión por carga muerta:
∆𝑐𝑚=
48𝐸𝑐𝐼𝑒𝑓
∆𝑐𝑚=
∆𝑐𝑚= 1.361 𝑐𝑚 = 13.61 𝑚𝑚
Deflexión por carga muerta más carga viva:
∆𝑐𝑚+𝑐𝑣=
2
𝑛
48𝐸𝑐𝐼𝑒𝑓
∆𝑐𝑚+𝑐𝑣=
1,147,376.50
5𝐿2 𝑀 − 0.1 𝑀 + 𝑀
5 1,120 43 10 5 − 0.1 50 10 5 + 50 10
48 250,998.01 1,261,816.16
5 1,120 56 10 5 − 0.1 66 10 5 + 66 10
48 250,998.01 1,219,328.81
𝐴
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
Deflexión por carga viva:
Deflexión diferida:
Calcularemos el factor 𝜆Δ:
∆𝑐𝑚+𝑐𝑣= 1.827 𝑐𝑚 = 18.27 𝑚𝑚
∆𝑐𝑣= ∆𝑐𝑚+𝑐𝑣 − ∆𝑐𝑚
∆𝑐𝑣= 18.27 − 13.61 = 4.66 𝑚𝑚
𝜉
𝜌′ es la cuantía de acero:
𝜆Δ =
1 + 50𝜌′
Factor dependiente del tiempo:
𝜌′ =
′
𝑠
𝑏𝑑
20.28
=
40
= 0.0060
𝜉 = 2.0 (60 𝑚𝑒𝑠𝑒𝑠)
84
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
2
𝜆Δ = = 1.538
La deflexión diferida por carga muerta será:
𝐷𝑑𝑖𝑓 = 𝜆ΔΔ𝑐𝑚 = 1.538
Verificación de los límites según el ACI 318-2019:
Deflexión inmediata debido a carga viva:
= 20.93 𝑚𝑚
Δ𝑐𝑣 = 4.66 𝑚𝑚 <
Deflexión diferida debido a cargas permanentes más la deflexión inmediata por carga viva:
𝐷𝑑𝑖𝑓 + Δ
𝑐
𝑣 = 20.93 + 4.66 = 25.59 𝑚𝑚 <
1 + 50 0.0060
13.61
𝐿𝑛
= 31.11 𝑚
𝑚
360
𝐿𝑛
= 46.67 𝑚
𝑚
240
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
𝑓′ 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2
𝑐 Δ𝑐𝑚 𝑚𝑚 Δ𝑐𝑚+𝑐𝑣 𝑚𝑚
140 ? ?
210 ? ?
280 13.61 18.27
350 ? ?
𝑛 − 1
𝑛 − 1
𝑠 𝐴
7. Deflexiones 𝐸𝑐 = 15,000 = 217,370.65 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
Solución 𝑛 = 𝐸𝑠
=
2 6
= 9.20
Módulo de ruptura y momento de agrietamiento
𝐸𝑐 217,370.65
𝑓𝑟 𝐼𝑔
𝑓𝑟 = 2𝜆
28.98
= 2 = 28.98 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2
𝑀𝑐𝑟 = =
𝑦𝑔
= 1,564,920 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 = 15.65 𝑡 ∙ 𝑚
45
Inercia efectiva en los apoyos
En vigas doblemente reforzadas, la profundidad del eje neutro se despeja de la siguiente expresión:
𝑏
𝑥2 +
2
𝑏
𝑥2 + 𝑛𝐴 +
′
𝑠 − 𝑛
𝐴
𝐴′ 𝑥 − 𝑛𝐴
𝑠
𝑑 +
= 0
𝐴′ 𝑑′ = 0
𝑛𝐴𝑠
2 𝑠 𝑠 𝑠 𝑠
𝐴𝑠 = 40.56 𝑐𝑚2, 𝑑 = 81 𝑐𝑚
𝐴′ = 20.28 𝑐𝑚2, 𝑑′ = 6 𝑐𝑚 ′
𝑠
1 210
2,430,000
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥
𝑛 − 1
𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2
210
10
𝐴
6
9.20 − 1 20.28
40.56 81 − 28.26
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
40
𝑥2 + 9.20
2
+ 𝑥 − 9.20
20𝑥2 + 539.45𝑥 − 31,223.09 = 0
𝑥 = 28.26 𝑐𝑚
+ = 0
Inercia de agrietamiento:
40
𝐼𝑐𝑟 =
3
𝑏𝑥3
3
+ ′
𝑠
2 + 𝑛
𝐴 2
𝑠
𝐼𝑐𝑟 = +
3
𝐼𝑐𝑟 = 1,421,248.94 𝑐𝑚4
2 + 9.20 2
Inercia efectiva:
Reemplazando los valores, y para un momento por carga muerta , tenemos:
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥
𝑀𝑎 = 50 𝑡 ∙ 𝑚 = 5,000,000 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚
20.28
40.56 9.20 − 1 40.56 81
28.26
9.20 − 1 20.28 28.26 − 6
𝐴
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
𝐼𝑒
3
=
3
𝐼𝑔 + 1 −
3
𝐼𝑐𝑟
3
≤ 𝐼𝑔
𝐼𝑒 = 2,430,000 + 1 − 1,421,248.94 ≤ 2,430,000 𝑐𝑚4
𝐼𝑒 = 𝐼𝑒1 = 𝐼𝑒2 = 1,452,176. 84 𝑐𝑚4
Similarmente, calcularemos la inercia efectiva pro carga muerta y carga viva (𝑀𝑎 = = 66 𝑡 ∙ 𝑚 =
𝐼𝑒 =
3
2,430,000 + 1 −
3
1,421,248.94 ≤ 2,430,000
𝐼𝑒 = 𝐼𝑒1 = 𝐼𝑒2 = 1,434,696.04 𝑐𝑚4
1,564,920
5,000,000
1,564,920
5,000,000
50 + 16
1,564,920
6,600,000
1,564,920
6,600,000
6
9.20 − 1 20.28
𝑑 − 𝑥
𝑛 − 1 𝐴
𝑠 𝑠
𝑠
7. Deflexiones
′
7.3 Ejemplo de aplicación 3: 𝑠
Inercia efectiva en el centro de la viga
Similarmente al cálculo en los apoyos, obtendremos las inercias en el centro de la luz.
𝑏
𝑥2 +
2
′
𝑠 − 𝑛
𝐴 𝑠 = 0 𝑛𝐴𝑠
𝑏
𝑥2 + 𝑛𝐴
2 𝑠 + 𝐴′ 𝑥 − 𝑛
𝐴
𝑠 𝑑 + 𝐴′ 𝑑′ = 0
40
𝑥2 + 9.20
2
+
𝐴𝑠 = 30.42 𝑐𝑚2, 𝑑 = 84 𝑐𝑚
𝐴′ = 20.28 𝑐𝑚2, 𝑑′ = 6 𝑐𝑚
𝑥 − 9.20
20𝑥2 + 446.16𝑥 − 24,506.35 = 0
𝑥 = 25.58 𝑐𝑚
+ = 0
𝑛 − 1 𝑛 − 1
20.28
30.42 9.20 − 1 30.42 84
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′
𝐴
𝑀𝑎 = 43 𝑡 ∙ 𝑚 = 4,300,000 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚
30.42 84 − 25.58
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
Inercia de agrietamiento:
40
𝐼𝑐𝑟 =
3
𝑏𝑥3
3
+ ′
𝑠
2 + 𝑛
𝐴 2
𝑠
𝐼𝑐𝑟 =
Inercia efectiva:
+
3
2 + 9.20 2
𝐼𝑐𝑟 = 1,242,073. 13 𝑐𝑚4
Reemplazando los valores, y para un momento por carga muerta , tenemos:
𝐼𝑒
3
=
3
𝐼𝑔 + 1 −
3
𝐼𝑐𝑟
3
≤ 𝐼𝑔
𝐼𝑒 = 2,430,000 + 1 − 1,242,073. 13 ≤ 2,430,000
𝐼𝑒 = 𝐼𝑒𝑐 = 1,299,334. 37 𝑐𝑚4
𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥
25.58
9.20 − 1 20.28 25.58 − 6
1,564,920
4,300,000
1,564,920
4,300,000
𝐴
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
Similarmente, calcularemos la inercia efectiva por carga muerta y carga viva (𝑀𝑎 = = 56 𝑡 ∙ 𝑚 =
𝐼𝑒 =
3
2,430,000 + 1 −
3
1,242,073. 13 ≤ 2,430,000
𝐼𝑒 = 𝐼𝑒𝑐 = 1,267,997. 13 𝑐𝑚4
Deflexión en el tramo medio de la viga:
Inercia efectiva del tramo (Carga Muerta), se calculará:
𝐼𝑒𝑓 𝑀 =
𝐼𝑒1 + 𝐼𝑒2 + 2𝐼𝑒𝑐
4
𝐼𝑒𝑓 𝑀
1,452,176. 84 + 1,452,176. 84 + 2
=
4
= 1,375,755.61 𝑐𝑚4
Inercia efectiva del tramo (Carga Muerta + Carga Viva):
𝐼𝑒𝑓 𝑀+𝑉 =
𝐼𝑒1 + 𝐼𝑒2 + 2𝐼𝑒𝑐
4
43 + 13
1,564,920
5,600,000
1,564,920
5,600,000
1,299,334. 37
𝑀𝑐 − 0.1 𝑀1 + 𝑀2
5𝐿
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
𝐼𝑒𝑓 𝑀+𝑉
1,434,696.04 + 1,434,696.04 + 2
=
4
= 1,351,346. 59 𝑐𝑚4
Deflexión por carga muerta:
∆𝑐𝑚=
48𝐸𝑐𝐼𝑒𝑓
∆𝑐𝑚=
∆𝑐𝑚= 1.442 𝑐𝑚 = 14.42 𝑚𝑚
Deflexión por carga muerta más carga viva:
∆𝑐𝑚+𝑐𝑣=
2
𝑛
48𝐸𝑐𝐼𝑒𝑓
∆𝑐𝑚+𝑐𝑣=
1,267,997. 13
5𝐿2 𝑀 − 0.1 𝑀 + 𝑀
5 1,120 43 10 5 − 0.1 50 10 5 + 50 10
48 217,370.65 1,375,755.61
5 1,120 56 10 5 − 0.1 66 10 5 + 66 10
48 217,370.65 1,351,346. 59
𝐴
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
Deflexión por carga viva:
Deflexión diferida:
Calcularemos el factor 𝜆Δ:
∆𝑐𝑚+𝑐𝑣= 1.904 𝑐𝑚 = 19.04 𝑚𝑚
∆𝑐𝑣= ∆𝑐𝑚+𝑐𝑣 − ∆𝑐𝑚
∆𝑐𝑣= 19.04 − 14.42 = 4.62 𝑚𝑚
𝜉
𝜌′ es la cuantía de acero:
𝜆Δ =
1 + 50𝜌′
Factor dependiente del tiempo:
𝜌′ =
′
𝑠
=
𝑏𝑑
20.28
= 0.0060
𝜉 = 2.0 (60 𝑚𝑒𝑠𝑒𝑠)
40 84
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
2
𝜆Δ = = 1.538
La deflexión diferida por carga muerta será:
𝐷𝑑𝑖𝑓 = 𝜆ΔΔ𝑐𝑚 = 1.538
Verificación de los límites según el ACI 318-2019:
Deflexión inmediata debido a carga viva:
= 22.18 𝑚𝑚
Δ𝑐𝑣 = 4.62 𝑚𝑚 <
Deflexión diferida debido a cargas permanentes más la deflexión inmediata por carga viva:
𝐷𝑑𝑖𝑓 + Δ
𝑐
𝑣 = 22.18 + 4.62 = 26.80 𝑚𝑚 <
1 + 50 0.0060
14.42
𝐿𝑛
= 31.11 𝑚
𝑚
360
𝐿𝑛
= 46.67 𝑚
𝑚
240
7. Deflexiones
7.3 Ejemplo de aplicación 3:
𝑓′ 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2
𝑐 Δ𝑐𝑚 𝑚𝑚 Δ𝑐𝑚+𝑐𝑣 𝑚𝑚
140 ? ?
210 14.42 19.04
280 13.61 18.27
350 ? ?
7. Deflexiones
7.4 Grietas en elementos sometidos a flexión
Grietas en miembros sometidos a flexión.
7. Deflexiones
7.4 Grietas en elementos sometidos a flexión
Grietas principales en una viga de concreto reforzado.
7. Deflexiones
7.4 Grietas en elementos sometidos a flexión
Espaciamiento de grietas en una viga de concreto reforzado.
Referencias
▪ James K. Wigth and James G. MacGregor. REINFORCED CONCRETE MECHANICS &
DESIGN. Sexta edición. PEARSON.
▪ Jack. C McCormac y Russell H. Brown. DISEÑO DE CONCRETO REFORZADO. Octava
edición. ALFAOMEGA.
▪ David. A. Fanella. REINFORCED CONCRETE STRUCTURES ANALYSIS AND DESIGN.
Primera Edición. McGraw Hill.

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DEFLEXIONES - CONCRETO ARMADO NV NET.pdf

  • 1. Temario 7. Deflexiones 7.1 Introducción 7.2 Deflexión instantánea 7.3 Ejemplo de aplicación 1: 7.3 Ejemplo de aplicación 2: 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 7.4 Grietas en elementos sometidos a flexión
  • 2. Logro de la sesión Al finalizar la sesión, el estudiante calcula deflexiones en vigas, reconoce las fisuraciones en elementos de concreto armado y traza el diagrama de interacción para la sección de una columna reconociendo la influencia de la esbeltez en el comportamiento de una columna.
  • 4. 7. Deflexiones 7.1 Introducción Los miembros de concreto reforzado sometidos a flexión deben ser diseñados por seguridad y serviciabilidad. Los miembros serán seguros si ellos son diseñados de acuerdo a las ecuaciones y limitaciones del código del ACI. Consecuentemente, el tamaño de cada miembro y el refuerzo requerido son determinados con el fin de mantener la capacidad de momento interno mayor que o igual que la del momento externo. Además, rigidez adecuada del miembro es necesaria para prevenir grietas y deflexiones excesivas. La deflexión permisible se rige por muchos factores, como el tipo de edificio, la apariencia de la estructura, la presencia de techos y particiones enlucidos, el daño esperado debido a la deflexión excesiva y el tipo y la magnitud de la carga viva. El uso de acero y concreto de alta resistencia da como resultado secciones más pequeñas y una reducción en la rigidez del miembro sometido a flexión, en consecuencia, aumenta su deflexión.
  • 5. 7. Deflexiones 7.1 Introducción Las deflexiones calculadas de acuerdo con 24.2.3 hasta 24.2.5 no deben exceder los límites establecidos en la Tabla 24.2.2 24.2.3 (Cálculo de deflexiones inmediatas). 24.2.4 (Cálculo de deflexiones dependientes del tiempo). 24.2.5. Cálculo de las deflexiones de construcción en concreto compuesto.
  • 6. 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea Curvas Deflexión vs Carga (Teóricas y Experimentales). Deflexión de una viga de concreto reforzado. Variación del momento de inercia de la viga.
  • 7. 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea Deflexiones de vigas.
  • 8. 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea Deflexiones de vigas.
  • 9. 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea Deflexiones de vigas.
  • 10. 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea La deflexión de los miembros estructurales se debe principalmente a la carga muerta más una fracción de o toda la carga viva. La deflexión que ocurre inmediatamente después de la aplicación de la carga se llama deflexión inmediata o instantánea. Bajo cargas sostenidas, la deflexión aumenta apreciablemente con el tiempo. Hay varios métodos disponibles para calcular las deflexiones en estructuras estáticamente determinadas e indeterminadas. Los cálculos de deflexión instantánea se basan en el comportamiento elástico de los miembros sometidos a flexión. Las deflexiones de vigas con diferentes cargas y diferentes condiciones de extremo son dadas en los libros de análisis estructural. El problema es calcular el módulo de elasticidad 𝐸 y el momento de inercia 𝐼 del miembro o la rigidez a la flexión del miembro 𝐸𝐼. 7.2.1.- Módulo de elasticidad El código del ACI, sección 19.2.2, especifica que el módulo de elasticidad del concreto 𝐸𝑐 podría ser tomado como:
  • 11. 𝑐 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea 𝑃𝑎𝑟𝑎 𝑣𝑎𝑙𝑜𝑟𝑒𝑠 𝑑𝑒 𝑤𝑐 𝑒𝑛𝑡𝑟𝑒 1440 𝑦 2560 𝑘𝑔/𝑚3 𝐸𝑐 = 𝑤1.50.043 𝑃𝑎𝑟𝑎 𝑐𝑜𝑛𝑐𝑟𝑒𝑡𝑜 𝑑𝑒 𝑝𝑒𝑠𝑜 𝑛𝑜𝑟𝑚𝑎𝑙 𝐸𝑐 = 4700 1.2.2.- Relación modular La relación modular se define como la relación del módulo de elasticidad del acero al módulo de elasticidad del concreto 𝑛 = 𝐸𝑠/𝐸𝑐, y es usado en el concepto de área transformada. 𝑛 = 𝐸𝑠 𝐸𝑐 𝐸𝑠: módulo de elasticidad del acero de refuerzo 𝐸𝑐: módulo de elasticidad del concreto 𝑎 𝑏 𝑒𝑛 𝑀𝑝𝑎 19.2.2.1. 𝑎 𝑒𝑛 𝑀𝑝𝑎 19.2.2.1. 𝑏
  • 12. 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea 7.2.3.- Momento de agrietamiento Una viga de concreto reforzado simplemente apoyada con carga pequeña, desarrolla un momento flexionante pequeño, y los esfuerzos en las fibras de tracción extremas serán menos que el módulo de ruptura del concreto 𝑓𝑟. Si la carga es incrementada hasta que los esfuerzos de tracción almacenen un esfuerzo promedio del módulo de ruptura, 𝑓𝑟, grietas se desarrollarán. Si el esfuerzo de tracción es más grande que 𝑓𝑟, la sección se agrietará, y una caso de sección agrietada se desarrollará. Esto significa que hay tres casos a ser considerados. 1.- Cuando el esfuerzo de tracción, 𝑓𝑡, es menos que 𝑓𝑟, la sección entera sin agrietar es considerada para calcular las propiedades de la sección. En este caso, el momento de inercia bruto, 𝐼𝑔, es usado: 𝐼𝑔 = es la sección de concreto entera. 𝑏ℎ3, donde 𝑏ℎ 2.- Cuando el esfuerzo de tracción, 𝑓𝑡, es igual al módulo de ruptura, 𝑓𝑟, una grieta podría iniciar a desarrollarse, y el momento que causa este esfuerzo es llamado momento de agrietamiento. Usando la fórmula de flexión, 1/12
  • 13. 𝑐 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea 7.2.3.- Momento de agrietamiento 𝑐 𝑓 = 𝑀 o 𝑀 = 𝑓 𝐼𝑔 𝑟 𝑐𝑟 𝐼𝑔 𝑐𝑟 𝑟 𝑐 donde 𝐼𝑔 es el momento de inercia bruto, y 𝑐 es la distancia desde el eje neutral a las fibras de tracción extremas. Por ejemplo, para una sección rectangular, 𝐼𝑔 = 1 𝑏ℎ3 o 𝑐 = ℎ 12 2 3.- Cunado el momento externo aplicado excede el momento de agrietamiento, 𝑀𝑐𝑟, un caso de sección agrietada es desarrollado, y el concreto en la zona de tracción es despreciado. Una sección agrietada transformada es usada para calcular el momento de inercia por agrietamiento, 𝐼𝑐𝑟, usando el área de concreto en compresión y el área de acero transformada 𝑛𝐴𝑠. El módulo de ruptura 𝑓𝑟 , podría ser tomado como 𝑓𝑟 = 2𝜆 𝑓′, donde 𝜆 es un factor de modificación por tipo de concreto.
  • 14. 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea 7.2.4.- Momento de inercia El momento de inercia, en adición al módulo de elasticidad, determina la rigidez del miembro a la flexión. Bajo cargas pequeñas, el momento máximo producido será pequeño, y los esfuerzos de tracción en las fibras de tracción extremas serán menos que el módulo de ruptura del concreto; en este caso, la sección agrietada transformada bruta será efectiva al proporcionar la rigidez. Con cargas de trabajo o superiores, se forman grietas de tracción por flexión. En la sección agrietada, la posición del eje neutro es más baja (más cerca del acero de tracción). En ambas ubicaciones sólo las secciones agrietadas trasformadas son efectivas al determinar la rigidez del miembro; por lo tanto, el momento de inercia efectivo varía considerablemente a lo largo del tramo. En momento de flexión máximo, el concreto se agrieta, y su porción en la zona de tracción es despreciada en los cálculos del momento de inercia. Cerca de los puntos de inflexión los esfuerzos son bajos, y la sección entera podría estar sin agrietamiento. Para esta situación y en el caso de vigas con profundidad variable, las soluciones exactas son complicadas.
  • 15. 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea 7.2.4.- Momento de inercia El momento de inercia efectivo dado por el código del ACI es: 3 3 𝐼𝑒 = 𝐼𝑔 + 1 − 𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔 donde 𝐼𝑒 es el momento de inercia efectivo, el momento de agrietamiento es dado como Y el módulo de ruptura como 𝑀𝑐𝑟 = 𝑓𝑟 = 2𝜆 Valores de 𝜆 para concreto liviano con base en la densidad de equilibrio 𝑤𝑐 𝑘𝑔/𝑚3 ≤ 1600 1600 < 𝑤𝑐 ≤ 2160 > 2160 𝜆 0.75 0.00047𝑤𝑐 ≤ 1.0 1.0 𝑓 𝐼
  • 16. 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea 7.2.4.- Momento de inercia 𝑀𝐴 = Momento máximo sin factorizar en miembros en la etapa para el cual la deflexión está siendo calculada. 𝐼𝑔 = Momento de inercia de la sección transversal bruta del concreto alrededor del eje centroidal, despreciando el acero de refuerzo. 𝐼𝑐𝑟 = Momento de inercia de la sección transversal transformada agrietada. 𝑌𝑡 = Distancia desde el eje centroidal de la sección transversal, despreciando el acero de refuerzo, a la cara de tracción.
  • 17. 𝑥 𝑜 𝑘𝑑 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea 7.2.5.- Propiedades de la sección Para determinar el momento de inercia de las secciones brutas y agrietadas, es necesario calcular la distancia a partir de las fibras en compresión a el eje neutral . 1.- Momento de inercia bruto 𝐼𝑔 (desprecia todo el acero en la sección): a) Para una sección rectangular de ancho 𝑏 y una altura total ℎ, 𝐼𝑔 = 1 𝑏ℎ3. 12 b) Para una sección 𝑇 con un ancho efectivo del ala (desde la parte superior del ala) 𝑏𝑒, ancho del alma 𝑏𝜔 y espesor del ala ℎ𝑓, calcular 𝑦 (distancia al eje centroidal). Luego: 𝐼𝑔 = 𝑦 = + 𝑏 𝑒 ℎ𝑓 2 + 𝑏𝜔 + 𝑏𝜔 ℎ + ℎ𝑓 /2 ℎ − ℎ𝑓 𝑏𝑒ℎ3 12 𝑦 − 2 𝑦 − ℎ𝑓 3 ℎ − 𝑦 3
  • 18. 𝑑 − 𝑥 𝑑 − 𝑥 𝑠 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea 7.2.5.- Propiedades de la sección 2.- Momento de inercia agrietado 𝐼𝑐𝑟: considere 𝑥 como la distancia del eje neutro a la fibra extrema en compresión . a) Para una sección rectangular con acero en tracción 𝐴𝑠 únicamente: i. Calcular 𝑥 a partir de la ecuación i. Calcular 𝑏𝑥2 2 − 𝑛𝐴𝑠 = 0 𝑏𝑥3 𝐼𝑐𝑟 = 3 + 𝑛𝐴𝑠 b) Para una sección rectangular con acero en tracción 𝐴𝑠 y acero en compresión 𝐴′ : i. Calcular 𝑥 a partir de la ecuación 𝑏𝑥2 2 + ′ 𝑠 − 𝑛 𝐴 𝑠 = 0 𝑥 = 𝑘𝑑 𝑑 − 𝑥 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝐴 2
  • 19. 𝑥 − ℎ𝑓 𝑑 − 𝑥 7. Deflexiones 7.2 Deflexión instantánea 7.2.5.- Propiedades de la sección ii. Calcular 𝐼𝑐𝑟: 𝐼𝑐𝑟 = 𝑏𝑥3 3 + ′ 𝑠 2 + 𝑛 𝐴 𝑠 2 = 0 c) Para una sección 𝑇 con acero en tracción 𝐴𝑠 únicamente: i. Calcular 𝑥 a partir de la ecuación ii. Calcular 𝐼𝑐𝑟: 𝐼𝑐𝑟 = 𝑏𝑒ℎ𝑓 + 𝑏 𝑒 ℎ𝑓 + 𝑏𝜔 2 2 − 𝑛𝐴𝑠 + 𝑏𝜔 = 0 + 𝑛𝐴𝑠 2 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥 𝑥 − 2 𝑑 − 𝑥 12 𝑥 − 2 𝑥 − ℎ𝑓 3 𝐴
  • 20. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 1: Calcule la deflexión instantánea en el tramo medio de la viga simplemente apoyada. Considere 𝑓′ = 280 𝑘ℎ𝑔/𝑐𝑚2, 𝑃 = 3853.82 𝑘𝑔𝑓 y 𝑊 = 23.49 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚. 𝑐 𝑢 𝑢 𝑃𝑢 Solución: Deflexión en el tramo medio debido a la carga distribuida y puntual Módulo de elasticidad del concreto 𝐸𝑐 = 15000 5𝜔𝑢𝐿4 Δ = 384𝐸𝑐𝐼𝑒 = 15000 𝑃𝑢𝐿3 + 48𝐸𝑐𝐼𝑒 = 250998.01 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 𝑐𝑎𝑝𝑎 2 (4 ∅ 7/8") 𝑐𝑎𝑝𝑎 1 (4 ∅ 7/8") 280
  • 21. 1200 ℎ/2 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 1: Inercia efectiva 𝐼𝑒 = 3 𝐼𝑔 + 1 − 3 𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔 𝑀𝑎 = 𝜔𝑢𝐿2 + 8 𝑃𝑢𝐿 = 4 23.49 2 3853.82 + = 5384346 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 8 4 𝐼𝑔 = 1 𝑏ℎ3 = 1 12 12 3 = 800989.58 𝑐𝑚4 𝑀𝑐𝑟 = 𝑓 𝑟 𝐼𝑒 = 𝐼𝑔 𝑐 = 2𝜆 = 2 3 + 1 − = 824807.34 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 3 𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔 𝐼𝑒 = 2879.15 + 0.9964𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔 1200 35 65 1 800989.58 280 65/2 824807.34 5384436 800989.58 824807.34 5384436
  • 22. 𝑑 − 𝑥 56 − 𝑥 22.33 30.96 56 − 22.33 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 1: Inercia efectiva 𝑏𝑥2 2 − 𝑛𝐴𝑠 = 0 𝑛 = 𝐸𝑠 𝐸𝑐 2100000 = 250998.01 = 8.37 17.5𝑥2 − 259.14 = 0 𝐴𝑠 = 8 = 30.96 𝑐𝑚2 17.5𝑥2 + 259.14𝑥 − 14511.84 = 0 𝑑 = ℎ − 9 = 65 − 9 = 56 𝑐𝑚 𝑥 = 22.33 𝑐𝑚 𝑏𝑥3 35 3 𝐼𝑐𝑟 = 3 + 𝑛 𝐴 𝑠 2 = + 8.37 2 3 Con todos los términos calculados: 𝐼𝑐𝑟 = 423674.66 𝑐𝑚4 𝐼𝑒 = 2879.15 + 0.9964𝐼𝑐𝑟 = 2879.15 + 0.9964 𝐼𝑒 = 425028.58 𝑐𝑚4 ≤ ≤ 𝐼𝑔 𝑑 − 𝑥 423674.66 𝐼𝑔 = 800989.58 𝑐𝑚4 3.87 # de varilla ∅ (pulg) ∅ (cm) Área (𝒄𝒎𝟐) 7 7/8 2.22 3.87
  • 23. 384 250998.01 425028.58 23.49 1200 1200 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 1: Deflexión Δ = 5 5𝜔𝑢𝐿4 384𝐸𝑐𝐼𝑒 4 𝑃𝑢𝐿3 + 48𝐸𝑐𝐼𝑒 3853.32 3 Δ = + Δ = 7.2454 𝑐𝑚 48 250998.01 425028.58
  • 24. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 2: Calcule la deflexión instantánea en el tramo medio de la viga simplemente apoyada. Considere 𝑓′ = 280 𝑘ℎ𝑔/𝑐𝑚2, 𝑃 = 3853.82 𝑘𝑔𝑓 y 𝜔 = 23.49 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚. 𝑐 𝑢 𝑢 𝑃𝑢 Solución: Deflexión en el tramo medio debido a la carga distribuida y puntual Módulo de elasticidad del concreto 𝐸𝑐 = 15000 5𝜔𝑢𝐿4 Δ = 384𝐸𝑐𝐼𝑒 = 15000 𝑃𝑢𝐿3 + 48𝐸𝑐𝐼𝑒 = 250998.01 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 𝑐𝑎𝑝𝑎 1 (2 ∅ 5/8") 𝑐𝑎𝑝𝑎 2 (4 ∅ 7/8") 𝑐𝑎𝑝𝑎 1 (4 ∅ 7/8") 280
  • 25. 1200 ℎ/2 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 2: Inercia efectiva 𝐼𝑒 = 3 𝐼𝑔 + 1 − 3 𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔 𝑀𝑎 = 𝜔𝑢𝐿2 + 8 𝑃𝑢𝐿 = 4 23.49 2 3853.82 + = 5384346 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 8 4 𝐼𝑔 = 1 𝑏ℎ3 = 1 12 12 3 = 800989.58 𝑐𝑚4 𝑀𝑐𝑟 = 𝑓 𝑟 𝐼𝑒 = 𝐼𝑔 𝑐 = 2𝜆 = 2 3 + 1 − = 824807.34 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 3 𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔 𝐼𝑒 = 2879.15 + 0.9964𝐼𝑐𝑟 ≤ 𝐼𝑔 1200 35 65 1 800989.58 280 65/2 824807.34 5384346 800989.58 824807.34 5384346
  • 26. 𝑑 − 𝑥 𝑠 3.98 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 2: Inercia efectiva 𝑛 = 𝐸 𝑠 𝐸𝑐 2100000 = 250998.01 = 8.37 𝐴𝑠 = 8 = 30.96 𝑐𝑚2 𝐴′ = 2 = 3.98 𝑐𝑚2 𝑑′ = 6 𝑐𝑚 𝑑 = ℎ − 9 = 65 − 9 = 56 𝑐𝑚 17.5𝑥2 + 𝑏𝑥2 2 + ′ 𝑠 − 𝑛𝐴 − 8.37 𝑠 = 0 = 0 17.5𝑥2 + 288.47𝑥 − 14687.82 = 0 𝑥 = 21.88 𝑐𝑚 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 8.37 − 1 𝑥 − 6 30.96 56 − 𝑥 3.87 1.99 𝐴 # de varilla ∅ (pulg) ∅ (cm) Área (𝒄𝒎𝟐) 5 5/8 1.59 1.99 7 7/8 2.22 3.87
  • 27. 21.88 30.96 56 − 21.88 23.49 1200 250998.01 432606.97 1200 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 2: 35 𝐼𝑐𝑟 = 3 𝑏𝑥3 3 + ′ 𝑠 2 + 𝑛 𝐴 𝑠 2 = 0 𝐼𝑐𝑟 = 3 + 𝐼𝑐𝑟 = 431280.43 𝑐𝑚4 2 + 8.37 2 Con todos los términos calculados: 𝐼𝑒 = 2879.15 + 0.9964𝐼𝑐𝑟 = 2879.15 + 0.9964 𝐼𝑒 = 432606.97 𝑐𝑚4 ≤ ≤ 𝐼𝑔 Deflexión Δ = 5 5𝜔𝑢𝐿4 384𝐸𝑐𝐼𝑒 4 𝑃𝑢𝐿3 + 48𝐸𝑐𝐼𝑒 3853.32 3 Δ = + 384 48 Δ = 7.1186 𝑐𝑚 8.37 − 1 3.98 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥 21.88 − 6 431280.43 𝐼𝑔 = 800989.58 𝑐𝑚4 250998.01 432606.97 𝐴
  • 30. 𝑐 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: Para la viga de 40 𝑐𝑚 𝑥 90 𝑐𝑚, calcule la deflexión total (carga viva + carga muerta). Se muestran los diagramas de momento flexionante por carga muerta y viva en la viga. Considere 𝑓′ = 280 𝑘𝑔𝑓/ 𝑐𝑚2, 𝑓𝑦 = 4,200 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2, 𝐸𝑠 = 2,100,000 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 y 𝜀𝑐𝑢 = 0.003.
  • 31. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3:
  • 32. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: Datos: Centro geométrico: 𝑦𝑔 = ℎ/2 = 90/2 = 45 𝑐𝑚 Momento de inercia: 𝐼𝑔 = Luz libre: 𝐿𝑛= 11.20 𝑚 = = 2,430,000 𝑐𝑚4 Acero en los apoyos: 𝑆𝑢𝑝𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟: 8 ∅1" 𝐼𝑛𝑓𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟: 4 ∅1" Acero en el centro: 𝑆𝑢𝑝𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟: 4 ∅1" 𝐼𝑛𝑓𝑒𝑟𝑖𝑜𝑟: 6 ∅1" 40 90 3/12 40.56 𝑐𝑚2 20.28 𝑐𝑚2 20.28 cm2 30.42 cm2
  • 33. 𝑑 − 𝑥 𝑛 − 1 𝑠 𝑠 𝑠 𝐴𝑠 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 𝐸𝑐 = 15,000 𝐸 = 250,998.01 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 2,000,000 Solución Módulo de ruptura y momento de agrietamiento 𝑛 = 𝑠 𝐸𝑐 = 250,998.01 = 7.97 𝑓𝑟 𝐼𝑔 𝑓𝑟 = 2 𝜆 33.47 = 2 = 33.47 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 𝑀𝑐𝑟 = = 𝑦𝑔 = 1,807,380 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 = 18.07 𝑡 ∙ 𝑚 45 Inercia efectiva en los apoyos En vigas doblemente reforzadas, la profundidad del eje neutro se despeja de la siguiente expresión: 𝑏 𝑥2 + 2 ′ 𝑠 − 𝑛 𝐴 𝑠 = 0 𝑛𝐴𝑠 𝑏 𝑥2 + 𝑛𝐴 2 𝑠 + 𝐴′ 𝑥 − 𝑛 𝐴 𝑠 𝑑 + 𝐴′ 𝑑′ = 0 𝐴𝑠 = 40.56 𝑐𝑚2, 𝑑 = 81 𝑐𝑚 𝐴′ = 20.28 𝑐𝑚2, 𝑑′ = 6 𝑐𝑚 ′ 1 280 2,430,000 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑛 − 1 𝑛 − 1 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 280 𝐴
  • 34. 6 7.97 − 1 20.28 40.56 81 − 26.94 𝑀𝑎 = 50 𝑡 ∙ 𝑚 = 5,000,000 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 40 𝑥2 + 7.97 2 + 𝑥 − 7.97 20𝑥2 + 464.61𝑥 − 27032.43 = 0 𝑥 = 26.94 𝑐𝑚 + = 0 Inercia de agrietamiento: 40 𝐼𝑐𝑟 = 3 𝑏𝑥3 3 + ′ 𝑠 2 + 𝑛 𝐴 2 𝑠 𝐼𝑐𝑟 = Inercia efectiva: + 3 𝐼𝑐𝑟 = 1,267,406.04 𝑐𝑚4 2 + 7.97 2 Reemplazando los valores, y para un momento por carga muerta , tenemos: 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥 20.28 40.56 7.97 − 1 40.56 81 26.94 7.97 − 1 20.28 26.94 − 6 𝐴
  • 35. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 𝐼𝑒 3 = 3 𝐼𝑔 + 1 − 3 𝐼𝑐𝑟 3 ≤ 𝐼𝑔 𝐼𝑒 = 2,430,000 + 1 − 1,267,406.04 ≤ 2,430,000 𝐼𝑒 = 𝐼𝑒1 = 𝐼𝑒2 = 1,322,317.94 𝑐𝑚4 Similarmente, calcularemos la inercia efectiva por carga muerta y carga viva (𝑀𝑎 = = 66 𝑡 ∙ 𝑚 = 𝐼𝑒 = 3 2,430,000 + 1 − 3 1,267,406.04 ≤ 2,430,000 𝐼𝑒 = 𝐼𝑒1 = 𝐼𝑒2 = 1,291,281.11 𝑐𝑚4 1,807,380 5,000,000 1,807,380 5,000,000 50 + 16 1,807,380 6,600,000 1,807,380 6,600,000
  • 36. 6 7.97 − 1 20.28 𝑑 − 𝑥 𝑛 − 1 𝐴 𝑠 𝑠 𝑠 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 𝑠 Inercia efectiva en el centro de la viga Similarmente al cálculo en los apoyos, obtendremos las inercias en el centro de la luz. 𝑏 𝑥2 + 2 𝑏 ′ 𝑠 − 𝑛 𝐴 𝑠 = 0 𝑛𝐴𝑠 𝑥2 + 𝑛𝐴𝑠 + 2 𝐴′ 𝑥 − 𝑛 𝐴 𝑠 𝑑 + 𝐴′ 𝑑′ = 0 40 𝑥2 + 7.97 2 + 𝐴𝑠 = 30.42 𝑐𝑚2, 𝑑 = 84 𝑐𝑚 𝐴′ = 20.28 𝑐𝑚2, 𝑑′ = 6 𝑐𝑚 𝑥 − 7.97 20𝑥2 + 383.80𝑥 − 21,213.69 = 0 𝑥 = 24.36 𝑐𝑚 + = 0 𝑛 − 1 𝑛 − 1 20.28 30.42 7.97 − 1 30.42 84 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝐴 ′
  • 37. 30.42 84 − 24.36 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: Inercia de agrietamiento: 40 𝐼𝑐𝑟 = 3 𝑏𝑥3 3 + ′ 𝑠 2 + 𝑛 𝐴 2 𝑠 𝐼𝑐𝑟 = Inercia efectiva: + 3 2 + 7.97 2 𝐼𝑐𝑟 = 1,102,755.93 𝑐𝑚4 Reemplazando los valores, y para un momento por carga muerta 3 3 , tenemos: 𝐼𝑒 3 = 𝐼𝑔 + 1 − 𝐼𝑐𝑟 3 ≤ 𝐼𝑔 𝐼𝑒 = 2,430,000 + 1 − 1,102,755.93 ≤ 2,430,000 𝐼𝑒 = 𝐼𝑒𝑐 = 1,201,314.38 𝑐𝑚4 𝑀𝑎 = 43 𝑡 ∙ 𝑚 = 4,300,000 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥 24.36 7.97 − 1 20.28 24.36 − 6 1,807,380 4,300,000 1,807,380 4,300,000 𝐴
  • 38. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: Similarmente, calcularemos la inercia efectiva por carga muerta y carga viva (𝑀𝑎 = = 56 𝑡 ∙ 𝑚 = 𝐼𝑒 = 3 2,430,000 + 1 − 3 1,102,755.93 ≤ 2,430,000 Deflexión en el tramo medio de la viga: 𝐼𝑒 = 𝐼𝑒𝑐 = 1,147,376.50 𝑐𝑚4 Inercia efectiva del tramo (Carga Muerta), se calculará: 𝐼𝑒𝑓 𝑀 = 𝐼𝑒1 + 𝐼𝑒2 + 2𝐼𝑒𝑐 4 𝐼𝑒𝑓 𝑀 1,322,317.94 + 1,322,317.94 + 2 = 4 = 1,261,816.16 𝑐𝑚4 Inercia efectiva del tramo (Carga Muerta + Carga Viva): 𝐼𝑒𝑓 𝑀+𝑉 = 𝐼𝑒1 + 𝐼𝑒2 + 2𝐼𝑒𝑐 4 43 + 13 1,807,380 5,600,000 1,807,380 5,600,000 1,201,314.38
  • 39. 𝑀𝑐 − 0.1 𝑀1 + 𝑀2 5𝐿 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 𝐼𝑒𝑓 𝑀 + 𝑉 1,291,281.11 + 1,291,281.11 + 2 = 4 = 1,219,328.81 𝑐𝑚4 Deflexión por carga muerta: ∆𝑐𝑚= 48𝐸𝑐𝐼𝑒𝑓 ∆𝑐𝑚= ∆𝑐𝑚= 1.361 𝑐𝑚 = 13.61 𝑚𝑚 Deflexión por carga muerta más carga viva: ∆𝑐𝑚+𝑐𝑣= 2 𝑛 48𝐸𝑐𝐼𝑒𝑓 ∆𝑐𝑚+𝑐𝑣= 1,147,376.50 5𝐿2 𝑀 − 0.1 𝑀 + 𝑀 5 1,120 43 10 5 − 0.1 50 10 5 + 50 10 48 250,998.01 1,261,816.16 5 1,120 56 10 5 − 0.1 66 10 5 + 66 10 48 250,998.01 1,219,328.81
  • 40. 𝐴 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: Deflexión por carga viva: Deflexión diferida: Calcularemos el factor 𝜆Δ: ∆𝑐𝑚+𝑐𝑣= 1.827 𝑐𝑚 = 18.27 𝑚𝑚 ∆𝑐𝑣= ∆𝑐𝑚+𝑐𝑣 − ∆𝑐𝑚 ∆𝑐𝑣= 18.27 − 13.61 = 4.66 𝑚𝑚 𝜉 𝜌′ es la cuantía de acero: 𝜆Δ = 1 + 50𝜌′ Factor dependiente del tiempo: 𝜌′ = ′ 𝑠 𝑏𝑑 20.28 = 40 = 0.0060 𝜉 = 2.0 (60 𝑚𝑒𝑠𝑒𝑠) 84
  • 41. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 2 𝜆Δ = = 1.538 La deflexión diferida por carga muerta será: 𝐷𝑑𝑖𝑓 = 𝜆ΔΔ𝑐𝑚 = 1.538 Verificación de los límites según el ACI 318-2019: Deflexión inmediata debido a carga viva: = 20.93 𝑚𝑚 Δ𝑐𝑣 = 4.66 𝑚𝑚 < Deflexión diferida debido a cargas permanentes más la deflexión inmediata por carga viva: 𝐷𝑑𝑖𝑓 + Δ 𝑐 𝑣 = 20.93 + 4.66 = 25.59 𝑚𝑚 < 1 + 50 0.0060 13.61 𝐿𝑛 = 31.11 𝑚 𝑚 360 𝐿𝑛 = 46.67 𝑚 𝑚 240
  • 42. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 𝑓′ 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 𝑐 Δ𝑐𝑚 𝑚𝑚 Δ𝑐𝑚+𝑐𝑣 𝑚𝑚 140 ? ? 210 ? ? 280 13.61 18.27 350 ? ?
  • 43. 𝑛 − 1 𝑛 − 1 𝑠 𝐴 7. Deflexiones 𝐸𝑐 = 15,000 = 217,370.65 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 7.3 Ejemplo de aplicación 3: Solución 𝑛 = 𝐸𝑠 = 2 6 = 9.20 Módulo de ruptura y momento de agrietamiento 𝐸𝑐 217,370.65 𝑓𝑟 𝐼𝑔 𝑓𝑟 = 2𝜆 28.98 = 2 = 28.98 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 𝑀𝑐𝑟 = = 𝑦𝑔 = 1,564,920 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 = 15.65 𝑡 ∙ 𝑚 45 Inercia efectiva en los apoyos En vigas doblemente reforzadas, la profundidad del eje neutro se despeja de la siguiente expresión: 𝑏 𝑥2 + 2 𝑏 𝑥2 + 𝑛𝐴 + ′ 𝑠 − 𝑛 𝐴 𝐴′ 𝑥 − 𝑛𝐴 𝑠 𝑑 + = 0 𝐴′ 𝑑′ = 0 𝑛𝐴𝑠 2 𝑠 𝑠 𝑠 𝑠 𝐴𝑠 = 40.56 𝑐𝑚2, 𝑑 = 81 𝑐𝑚 𝐴′ = 20.28 𝑐𝑚2, 𝑑′ = 6 𝑐𝑚 ′ 𝑠 1 210 2,430,000 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥 𝑛 − 1 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 210 10 𝐴
  • 44. 6 9.20 − 1 20.28 40.56 81 − 28.26 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 40 𝑥2 + 9.20 2 + 𝑥 − 9.20 20𝑥2 + 539.45𝑥 − 31,223.09 = 0 𝑥 = 28.26 𝑐𝑚 + = 0 Inercia de agrietamiento: 40 𝐼𝑐𝑟 = 3 𝑏𝑥3 3 + ′ 𝑠 2 + 𝑛 𝐴 2 𝑠 𝐼𝑐𝑟 = + 3 𝐼𝑐𝑟 = 1,421,248.94 𝑐𝑚4 2 + 9.20 2 Inercia efectiva: Reemplazando los valores, y para un momento por carga muerta , tenemos: 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥 𝑀𝑎 = 50 𝑡 ∙ 𝑚 = 5,000,000 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 20.28 40.56 9.20 − 1 40.56 81 28.26 9.20 − 1 20.28 28.26 − 6 𝐴
  • 45. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 𝐼𝑒 3 = 3 𝐼𝑔 + 1 − 3 𝐼𝑐𝑟 3 ≤ 𝐼𝑔 𝐼𝑒 = 2,430,000 + 1 − 1,421,248.94 ≤ 2,430,000 𝑐𝑚4 𝐼𝑒 = 𝐼𝑒1 = 𝐼𝑒2 = 1,452,176. 84 𝑐𝑚4 Similarmente, calcularemos la inercia efectiva pro carga muerta y carga viva (𝑀𝑎 = = 66 𝑡 ∙ 𝑚 = 𝐼𝑒 = 3 2,430,000 + 1 − 3 1,421,248.94 ≤ 2,430,000 𝐼𝑒 = 𝐼𝑒1 = 𝐼𝑒2 = 1,434,696.04 𝑐𝑚4 1,564,920 5,000,000 1,564,920 5,000,000 50 + 16 1,564,920 6,600,000 1,564,920 6,600,000
  • 46. 6 9.20 − 1 20.28 𝑑 − 𝑥 𝑛 − 1 𝐴 𝑠 𝑠 𝑠 7. Deflexiones ′ 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 𝑠 Inercia efectiva en el centro de la viga Similarmente al cálculo en los apoyos, obtendremos las inercias en el centro de la luz. 𝑏 𝑥2 + 2 ′ 𝑠 − 𝑛 𝐴 𝑠 = 0 𝑛𝐴𝑠 𝑏 𝑥2 + 𝑛𝐴 2 𝑠 + 𝐴′ 𝑥 − 𝑛 𝐴 𝑠 𝑑 + 𝐴′ 𝑑′ = 0 40 𝑥2 + 9.20 2 + 𝐴𝑠 = 30.42 𝑐𝑚2, 𝑑 = 84 𝑐𝑚 𝐴′ = 20.28 𝑐𝑚2, 𝑑′ = 6 𝑐𝑚 𝑥 − 9.20 20𝑥2 + 446.16𝑥 − 24,506.35 = 0 𝑥 = 25.58 𝑐𝑚 + = 0 𝑛 − 1 𝑛 − 1 20.28 30.42 9.20 − 1 30.42 84 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝐴
  • 47. 𝑀𝑎 = 43 𝑡 ∙ 𝑚 = 4,300,000 𝑘𝑔𝑓 ∙ 𝑐𝑚 30.42 84 − 25.58 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: Inercia de agrietamiento: 40 𝐼𝑐𝑟 = 3 𝑏𝑥3 3 + ′ 𝑠 2 + 𝑛 𝐴 2 𝑠 𝐼𝑐𝑟 = Inercia efectiva: + 3 2 + 9.20 2 𝐼𝑐𝑟 = 1,242,073. 13 𝑐𝑚4 Reemplazando los valores, y para un momento por carga muerta , tenemos: 𝐼𝑒 3 = 3 𝐼𝑔 + 1 − 3 𝐼𝑐𝑟 3 ≤ 𝐼𝑔 𝐼𝑒 = 2,430,000 + 1 − 1,242,073. 13 ≤ 2,430,000 𝐼𝑒 = 𝐼𝑒𝑐 = 1,299,334. 37 𝑐𝑚4 𝑛 − 1 𝑥 − 𝑑′ 𝑑 − 𝑥 25.58 9.20 − 1 20.28 25.58 − 6 1,564,920 4,300,000 1,564,920 4,300,000 𝐴
  • 48. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: Similarmente, calcularemos la inercia efectiva por carga muerta y carga viva (𝑀𝑎 = = 56 𝑡 ∙ 𝑚 = 𝐼𝑒 = 3 2,430,000 + 1 − 3 1,242,073. 13 ≤ 2,430,000 𝐼𝑒 = 𝐼𝑒𝑐 = 1,267,997. 13 𝑐𝑚4 Deflexión en el tramo medio de la viga: Inercia efectiva del tramo (Carga Muerta), se calculará: 𝐼𝑒𝑓 𝑀 = 𝐼𝑒1 + 𝐼𝑒2 + 2𝐼𝑒𝑐 4 𝐼𝑒𝑓 𝑀 1,452,176. 84 + 1,452,176. 84 + 2 = 4 = 1,375,755.61 𝑐𝑚4 Inercia efectiva del tramo (Carga Muerta + Carga Viva): 𝐼𝑒𝑓 𝑀+𝑉 = 𝐼𝑒1 + 𝐼𝑒2 + 2𝐼𝑒𝑐 4 43 + 13 1,564,920 5,600,000 1,564,920 5,600,000 1,299,334. 37
  • 49. 𝑀𝑐 − 0.1 𝑀1 + 𝑀2 5𝐿 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 𝐼𝑒𝑓 𝑀+𝑉 1,434,696.04 + 1,434,696.04 + 2 = 4 = 1,351,346. 59 𝑐𝑚4 Deflexión por carga muerta: ∆𝑐𝑚= 48𝐸𝑐𝐼𝑒𝑓 ∆𝑐𝑚= ∆𝑐𝑚= 1.442 𝑐𝑚 = 14.42 𝑚𝑚 Deflexión por carga muerta más carga viva: ∆𝑐𝑚+𝑐𝑣= 2 𝑛 48𝐸𝑐𝐼𝑒𝑓 ∆𝑐𝑚+𝑐𝑣= 1,267,997. 13 5𝐿2 𝑀 − 0.1 𝑀 + 𝑀 5 1,120 43 10 5 − 0.1 50 10 5 + 50 10 48 217,370.65 1,375,755.61 5 1,120 56 10 5 − 0.1 66 10 5 + 66 10 48 217,370.65 1,351,346. 59
  • 50. 𝐴 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: Deflexión por carga viva: Deflexión diferida: Calcularemos el factor 𝜆Δ: ∆𝑐𝑚+𝑐𝑣= 1.904 𝑐𝑚 = 19.04 𝑚𝑚 ∆𝑐𝑣= ∆𝑐𝑚+𝑐𝑣 − ∆𝑐𝑚 ∆𝑐𝑣= 19.04 − 14.42 = 4.62 𝑚𝑚 𝜉 𝜌′ es la cuantía de acero: 𝜆Δ = 1 + 50𝜌′ Factor dependiente del tiempo: 𝜌′ = ′ 𝑠 = 𝑏𝑑 20.28 = 0.0060 𝜉 = 2.0 (60 𝑚𝑒𝑠𝑒𝑠) 40 84
  • 51. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 2 𝜆Δ = = 1.538 La deflexión diferida por carga muerta será: 𝐷𝑑𝑖𝑓 = 𝜆ΔΔ𝑐𝑚 = 1.538 Verificación de los límites según el ACI 318-2019: Deflexión inmediata debido a carga viva: = 22.18 𝑚𝑚 Δ𝑐𝑣 = 4.62 𝑚𝑚 < Deflexión diferida debido a cargas permanentes más la deflexión inmediata por carga viva: 𝐷𝑑𝑖𝑓 + Δ 𝑐 𝑣 = 22.18 + 4.62 = 26.80 𝑚𝑚 < 1 + 50 0.0060 14.42 𝐿𝑛 = 31.11 𝑚 𝑚 360 𝐿𝑛 = 46.67 𝑚 𝑚 240
  • 52. 7. Deflexiones 7.3 Ejemplo de aplicación 3: 𝑓′ 𝑘𝑔𝑓/𝑐𝑚2 𝑐 Δ𝑐𝑚 𝑚𝑚 Δ𝑐𝑚+𝑐𝑣 𝑚𝑚 140 ? ? 210 14.42 19.04 280 13.61 18.27 350 ? ?
  • 53. 7. Deflexiones 7.4 Grietas en elementos sometidos a flexión Grietas en miembros sometidos a flexión.
  • 54. 7. Deflexiones 7.4 Grietas en elementos sometidos a flexión Grietas principales en una viga de concreto reforzado.
  • 55. 7. Deflexiones 7.4 Grietas en elementos sometidos a flexión Espaciamiento de grietas en una viga de concreto reforzado.
  • 56. Referencias ▪ James K. Wigth and James G. MacGregor. REINFORCED CONCRETE MECHANICS & DESIGN. Sexta edición. PEARSON. ▪ Jack. C McCormac y Russell H. Brown. DISEÑO DE CONCRETO REFORZADO. Octava edición. ALFAOMEGA. ▪ David. A. Fanella. REINFORCED CONCRETE STRUCTURES ANALYSIS AND DESIGN. Primera Edición. McGraw Hill.