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Resistencia de materiales I - Francisco Beltran
1. Resistencia de Materiales I
Res´umenes y Problemas de Clase
Departamento de Mec´anica Estructural y Construcciones Industriales U.D. de Resistencia de Materiales
Escuela T´ecnica Superior de Ingenieros Industriales de Madrid Curso 2007-08
3. Presentaci´on
Estas notas se han concebido como material de apoyo did´actico para la asignatura de “Re-
sistencia de Materiales I”, asignatura semestral que imparte el Departamento de Mec´anica Es-
tructural y Construcciones Industriales de la ETS de Ingenieros Industriales de Madrid. Se
pretende dar al alumno la posibilidad de contrastar con ellas sus apuntes de clase y, de esta
manera, ayudarle a comprender mejor las ideas transmitidas por el profesor.
De acuerdo con los objetivos de la asignatura, se proporciona primero una introducci´on a
la teor´ıa de la elasticidad lineal, para luego particularizar los conceptos b´asicos de esta teor´ıa
en el estudio del s´olido prism´atico, objeto de la resistencia de materiales cl´asica. La resistencia
de materiales se presenta as´ı como un caso particular de la teor´ıa de la elasticidad, cuando se
asumen determinadas hipot´esis cinem´aticas sobre el movimiento de las secciones transversales del
s´olido prism´atico. Siguiendo el temario de la asignatura, en esta segunda parte, tras introducir
el concepto de esfuerzo, se analiza ´unicamente el estado de tracci´on-compresi´on. El an´alisis de
la torsi´on, la cortadura, la flexi´on y las solicitaciones combinadas se deja para la asignatura de
“Resistencia de Materiales II”.
El contenido de estas notas se ha dividido en 25 lecciones, correspondientes a los puntos
incluidos en el temario de la asignatura. Al final de cada lecci´on se incluyen problemas resueltos,
cuyo objeto es ilustrar los conceptos m´as importantes.
No se trata de remplazar los muchos libros de texto que, desde diferentes ´opticas, abordan la
teor´ıa de la elasticidad y la resistencia de materiales. Por el contrario, la idea ha sido componer
un resumen introductorio, escrito en un lenguaje asequible, que sirva de punto de partida para
la consulta de esos libros. As´ı, para facilitar esta labor, en las p´aginas finales se incluye una lista
de referencias bibliogr´aficas donde el alumno interesado puede ampliar los conceptos expuestos.
Francisco Beltr´an
Madrid, septiembre de 2007
I
11. Lecci´on 1
Equilibrio Interno. Vector tensi´on.
1.1. El s´olido el´astico
La Mec´anica del S´olido R´ıgido se ocupa de predecir las condiciones de reposo o movimiento
de los s´olidos r´ıgidos bajo la acci´on de fuerzas exteriores. Un s´olido r´ıgido es aquel en el que las
distancias entre sus puntos no sufren variaci´on durante la aplicaci´on de las fuerzas exteriores.
En las aplicaciones de la ingenier´ıa mec´anica y estructural se requiere verificar la seguridad de
los componentes mediante la comparaci´on de las fuerzas internas a que se ven sometidos durante
su trabajo con las propiedades resistentes de los materiales de construcci´on. La determinaci´on
de dichas fuerzas internas no puede hacerse, en un caso general, si se mantiene la hip´otesis de
que los componentes se comportan como s´olidos r´ıgidos. Debe suponerse que los componentes
son s´olidos deformables, es decir, que las distancias entre sus puntos no permanecen constantes
al aplicar un sistema de fuerzas exteriores.
La Teor´ıa de la Elasticidad es una primera aproximaci´on al estudio de los s´olidos deformables.
Esta teor´ıa se ocupa de calcular el estado de deformaci´on, o desplazamiento relativo, dentro de
cuerpos s´olidos sometidos a sistemas de fuerzas en equilibrio. El estado de deformaci´on permite,
a trav´es de las propiedades del material, obtener las fuerzas internas a que se ve sometido el
s´olido.
La Teor´ıa de la Elasticidad trabaja sobre una idealizaci´on de los cuerpos s´olidos reales que
llamaremos s´olido el´astico. El s´olido el´astico es un s´olido deformable que recupera su forma
inicial al retirar las fuerzas aplicadas.
En los cap´ıtulos que siguen supondremos que el s´olido el´astico ocupa un volumen V del
espacio tridimensional R3 y que tiene una superficie exterior S (figura 1.1). Supondremos adem´as
que el s´olido el´astico est´a constituido por un material:
Homog´eneo: El material tiene las mismas propiedades en todos sus puntos.
Is´otropo: En cada punto, las propiedades del material son las mismas en cualquier direcci´on.
Continuo: En el material no existen distancias intersticiales, es decir, no existen “huecos”
en el material por peque˜no que sea el volumen del mismo que se tome.
Las hip´otesis anteriores, aunque son ´unicamente una aproximaci´on a los materiales reales,
simplifican mucho el tratamiento matem´atico y en la mayor´ıa de los casos proporcionan resul-
tados suficientemente aproximados desde el punto de vista ingenieril.
1
12. 2 LECCI ´ON 1. EQUILIBRIO INTERNO. VECTOR TENSI ´ON.
V
Z
X
Y
S
Figura 1.1: S´olido el´astico
1.2. Acciones exteriores
Consideraremos dos clases de acciones sobre el s´olido el´astico:
1. Fuerzas de superficie: Son fuerzas por unidad de superficie aplicadas sobre la superficie S
del s´olido. Constituyen un campo vectorial definido en S:
fs =
¯X
¯Y
¯Z
Un ejemplo t´ıpico de esta clase de fuerzas es la presi´on de un fluido actuando sobre la
superficie del s´olido.
2. Fuerzas de volumen: Son fuerzas por unidad de volumen aplicadas sobre la materia que
forma el s´olido. Constituyen un campo vectorial definido en V :
fv =
X
Y
Z
Ejemplos de esta clase de fuerzas son las fuerzas gravitatorias (peso) y las fuerzas de
inercia.
13. 1.3. EQUILIBRIO EST ´ATICO Y EL ´ASTICO 3
Las fuerzas puntuales, esto es, actuando sobre puntos del s´olido, son idealizaciones que cor-
responden a fuerzas de superficie o de volumen actuando sobre una superficie o un volumen muy
peque˜no, respectivamente. Se trata entonces de fuerzas concentradas, que pueden considerarse
como casos particulares de los dos tipos de acciones anteriores. En efecto, una fuerza puntual
F aplicada en el punto P del s´olido se puede entender como un campo fv definido en V de la
forma siguiente:
fv = F δP
donde δP es la distribuci´on de Dirac en el punto P. De este modo, la resultante del campo fv
actuando sobre el s´olido es la fuerza concentrada F aplicada en P:
V
fv dV = F
V
δP dV = F en P
1.3. Equilibrio est´atico y el´astico
Cuando sobre el s´olido el´astico act´uan las acciones exteriores fs y fv, el equilibrio est´atico
del s´olido exige que se cumplan las condiciones:
1. Resultante nula de fuerzas: La resultante de las fuerzas aplicadas debe ser nula:
S
fs dS +
V
fv dV = 0
2. Resultante nula de momentos: La resultante de los momentos de las fuerzas aplicadas con
respecto a cualquier punto del espacio (por ejemplo, el origen de coordenadas) debe ser
nula:
S
r × fs dS +
V
r × fv dV = 0
donde r es el vector de posici´on (figura 1.2).
Si no se cumplen las condiciones de equilibrio est´atico, la aplicaci´on de las acciones acciones
exteriores da lugar al movimiento del s´olido. Dicho movimiento puede estudiarse con bastante
aproximaci´on mediante las ecuaciones de la Mec´anica del S´olido R´ıgido.
Sin embargo, nosotros estaremos interesados en estudiar la deformaci´on del s´olido el´astico en
los casos en que se cumplen las condiciones de equilibrio est´atico y, por tanto, no hay movimiento
de s´olido r´ıgido.
Al aplicar al s´olido el´astico un sistema de acciones exteriores, aparecen fuerzas interiores
dentro del volumen del s´olido. Como se ha dicho, obtener y caracterizar estas fuerzas interiores
es imprescindible si se quiere evaluar la capacidad del s´olido para resistir con seguridad el sistema
de acciones exteriores.
Para analizar estas fuerzas interiores se puede dar un corte imaginario al s´olido el´astico
mediante una superficie Σ que lo divida en dos partes A y B (figura 1.3). El equilibrio de cada
una de estas dos partes implica que, a trav´es de la superficie de corte, una parte ejerce sobre la
otra fuerzas que equilibran las acciones exteriores aplicadas sobre ella.
Es importante darse cuenta de que, por el principio de acci´on-reacci´on, las fuerzas de A sobre
B a trav´es de la superficie de corte son iguales y de signo contrario a las fuerzas que ejerce B
sobre A a trav´es de la misma superficie.
14. 4 LECCI ´ON 1. EQUILIBRIO INTERNO. VECTOR TENSI ´ON.
Z
X
Y
r
Figura 1.2: Vector de posici´on en el equilibrio est´atico
Cualquiera que sea la superficie imaginaria Σ que se utilice, las dos partes en que queda
dividido el s´olido el´astico deben estar en equilibrio, con las acciones exteriores aplicadas sobre
ellas y las fuerzas internas que le transmite la otra parte a trav´es de la superficie de corte. Esto
es lo que se conoce como equilibrio el´astico: las acciones exteriores est´an en equilibrio con las
fuerzas internas que aparecen en el s´olido por aplicaci´on de las mismas. Es decir, cualquier parte
del s´olido, por peque˜na que sea ´esta, debe estar en equilibrio est´atico si se tienen en cuenta las
acciones externas y las fuerzas internas.
1.4. Vector tensi´on
Sobre una fracci´on ∆Ω de la superficie de corte Σ alrededor del punto P, la parte B del
s´olido ejerce una fuerza ∆f (fuerza interna) sobre la parte A (figura 1.4).
Se define el vector tensi´on σ en el punto P asociado a la superficie de corte Σ como:
σ = l´ım
∆Ω→0
∆f
∆Ω
=
df
dΩ
15. 1.4. VECTOR TENSI ´ON 5
Σ
Corte imaginario
B
A
A través de esta superficie
la parte B está actuando sobre
la parte A
Figura 1.3: Equilibrio el´astico
16. 6 LECCI ´ON 1. EQUILIBRIO INTERNO. VECTOR TENSI ´ON.
A
ΔΩΔf
P
Figura 1.4: Fuerza interna ejercida en el entorno del punto P
Se trata de una magnitud vectorial cuyas componentes tienen dimensiones de fuerza por
unidad de superficie. Hay que tener en cuenta los puntos siguientes:
El vector tensi´on σ est´a asociado al punto P. Para una misma superficie de corte Σ, el
vector tensi´on cambia de un punto a otro de la superficie.
En cada punto P, el vector tensi´on σ est´a asociado a la superficie de corte Σ; para otra
superficie de corte el vector tensi´on en P adoptar´ıa otro valor.
Al tomar l´ımites, el vector tensi´on σ est´a asociado realmente a la orientaci´on del plano
tangente a la superficie de corte Σ en el punto P.
Haciendo abstracci´on, en cada punto P del s´olido el´astico, se tiene un vector tensi´on σ
para cada orientaci´on n= ( α, β, γ) de los planos π que pasan por P, siendo α, β y γ los
cosenos directores de la direcci´on normal al plano n:
σ = σ(P, n) = σ(P, α, β, γ)
La direcci´on normal al plano n se entiende que tiene el sentido hacia afuera del material,
es decir, apuntando hacia la parte del s´olido que ha sido eliminada por el corte imaginario
(parte B en las figuras 1.3 y 1.4) y que, por tanto, ejerce la fuerza ∆f sobre la parte que
permanece (parte A en las figuras 1.3 y 1.4).
En el Sistema Internacional, la unidad de tensi´on es el Pascal (Pa):
1 Pa =
1 N
1 m2
En la pr´actica se trabaja con tensiones mucho m´as grandes que 1 Pa y se utiliza el megapascal
(MPa), unidad un mill´on de veces superior al Pascal. Un megapascal equivale a una fuerza de 1
N distribuida sobre una superficie de 1 mm2.
17. 1.5. COMPONENTES INTR´INSECAS DEL VECTOR TENSI ´ON 7
π
P
n
σ
σn
τ
Figura 1.5: Componentes intr´ınsecas del vector tensi´on
1.5. Componentes intr´ınsecas del vector tensi´on
El vector tensi´on σ asociado a un punto P y al plano π, puede proyectarse en la direcci´on de la
normal al plano n y sobre el plano (figura 1.5). Estas dos proyecciones, σn y τ, respectivamente,
son conocidas como componentes intr´ınsecas del vector tensi´on.
Las componentes intr´ınsecas del vector tensi´on se obtienen de la manera siguiente:
1. Componente normal:
n ≡ (α, β, γ) (vector unitario, sentido hacia afuera del material)
σn = σ · n (producto escalar)
σn = σn n
2. Componente tangencial:
τ = σ − σn
1.6. Ejercicios resueltos
1.6.1. Obtener componentes intr´ınsecas
Obtener las componentes intr´ınsecas del vector tensi´on:
σ=
1
2
3
MPa
definido en un punto P, con respecto al plano π dado por la ecuaci´on x − y = 0.
Soluci´on:
18. 8 LECCI ´ON 1. EQUILIBRIO INTERNO. VECTOR TENSI ´ON.
X
Y
Z
n
Figura 1.6: Ejercicio resuelto: sentido elegido de la normal al plano π
El plano π es el plano bisector del primer octante (figura 1.6). Se puede tomar:
n =
1√
2
− 1√
2
0
´o n =
− 1√
2
1√
2
0
Tomamos el primero de estos dos vectores, asumiendo entonces que el vector tensi´on dado
act´ua sobre el material situado en x − y < 0. Las componentes intr´ınsecas ser´an:
σn = σ · n =
1
√
2
−
2
√
2
= −
1
√
2
MPa
y
τ = σ2 − σ2
n = 12 + 22 + 32 − (
1
√
2
)2 = 13, 5 MPa
19. Lecci´on 2
Matriz de tensiones
2.1. Tensiones sobre planos coordenados
Cuando se utiliza un sistema de referencia cartesiano, las componentes intr´ınsecas del vector
tensi´on sobre planos paralelos a los planos coordenados, esto es, planos con normales n iguales a
(1,0,0), (0,1,0) ´o (0,0,1), se designan seg´un se indica en la figura 2.1. Los sentidos positivos son
los que se dan en la figura.
2.2. Reciprocidad de tensiones tangenciales
En un punto P del s´olido el´astico consideremos planos paralelos a los planos coordenados
que delimiten un volumen infinitesimal alrededor del punto (figura 2.2).
N´otese que las normales en planos paralelos opuestos son iguales y de signo contrario. Si
los planos paralelos opuestos se “confundieran” en el punto P (figura 2.3), por el principio de
acci´on-reacci´on, las componentes intr´ınsecas del vector tensi´on a cada lado de cada plano ser´ıan
iguales y de signo contrario. La forma convencional de representar este hecho es dibujando las
componentes intr´ınsecas en P sobre las caras del cubo infinitesimal centrado en el punto P
(figuras 2.4 y 2.5).
La representaci´on de las figuras 2.4 y 2.5 no debe inducir a confusi´on. Las acciones repre-
sentadas en forma de tensiones son las acciones de primer orden sobre el volumen infinitesimal
alrededor de P. Como se ver´a m´as adelante, existen otras acciones de segundo orden, tales como
las derivadas de fuerzas de volumen fv y las variaciones de las componentes intr´ınsecas de una
cara a otra del cubo infinitesimal. Sin embargo, el equilibrio del cubo exige que las acciones de
primer orden est´en equilibradas, ya que ninguna acci´on de segundo orden podr´ıa equilibrar una
acci´on de primer orden desequilibrada.
El equilibrio de fuerzas de primer orden actuando sobre el volumen infinitesimal es inmediato,
ya que las fuerzas actuando sobre caras paralelas opuestas son iguales y de signo contrario. El
equilibrio de fuerzas de segundo orden dar´a lugar a las ecuaciones de equilibrio interno del s´olido
el´astico (lecci´on 3).
En cuanto al equilibrio de momentos de primer orden, si se toman momentos respecto al
centro del cubo infinitesimal, se tiene:
Eje X: 2 (τyz dx dz dy
2 ) − 2 (τzy dx dy dz
2 ) = 0
9
20. 10 LECCI ´ON 2. MATRIZ DE TENSIONES
Z
X
Y
n (1,0,0)
n (0,0,1)
n (0,1,0)
P
PP
σnz
σnx
σny
τzy
τzx
τxz
τxy
τyx
τyz
Figura 2.1: Componentes intr´ınsecas del vector tensi´on seg´un planos coordenados
Eje Y: 2 (τzx dy dx dz
2 ) − 2 (τxz dy dz dx
2 ) = 0
Eje Z: 2 (τxy dz dy dx
2 ) − 2 (τyx dz dx dy
2 ) = 0
de donde se deduce:
τyz = τzy τzx = τxz τxy = τyx
Las tres igualdades anteriores se conocen con el nombre de teorema de reciprocidad de ten-
siones tangenciales. El teorema implica que son iguales las componentes de las tensiones tangen-
ciales correspondientes a dos planos perpendiculares entre s´ı en la direcci´on normal a la arista de
Z
X
Y
nz
P
nx
ny
-ny
-nz
dy
dx
dz
Figura 2.2: Entorno del punto P
21. 2.2. RECIPROCIDAD DE TENSIONES TANGENCIALES 11
Z
X
Y
nz
P
nx
ny
-ny
-nz
-nx
Figura 2.3: Entorno del punto P. Planos paralelos a los planos coordenados
su diedro. N´otese que, por el convenio de signos utilizado, el sentido de las tensiones tangenciales
es tal que ambas componentes se dirigen hacia la arista o ambas se separan (figuras 2.6 y 2.7).
Z
X
Y
σnz
σnx
σny
τzy
τzx
τxz
τxy τyx
τyz
σnz
σny
σnx
Figura 2.4: Entorno del punto P. Tensiones sobre volumen elemental (1)
22. 12 LECCI ´ON 2. MATRIZ DE TENSIONES
Z
XY
σnz
τzyτzx
τxz
τxy
τyx
τyz
σnz
σnyσnx
Figura 2.5: Entorno del punto P. Tensiones sobre volumen elemental (2)
2.3. Estado tensional en el entorno de un punto
El estado tensional en un punto P se conocer´a cuando sea conocido el vector tensi´on seg´un
cualquier plano que pase por el punto. A continuaci´on veremos que esto puede conseguirse a
partir de las componentes intr´ınsecas de los vectores de tensi´on seg´un planos paralelos a los
planos coordenados.
Sea en el entorno de P un plano π con normal n igual a (α,β,γ). Se busca el vector tensi´on σ
que act´ua sobre el plano (figura 2.8). Para ello, se plantea el equilibrio de un tetraedro delimitado
por el plano π y tres planos paralelos a los planos coordenados que pasan por P. La distancia
de P al plano π es la altura h del tetraedro.
Seg´un se representa en la figura 2.8, las ´areas de las caras del tetraedro son: Ω, Ωx, Ωy y Ωz,
con Ωx = Ω α, Ωy = Ω β y Ωz = Ω γ. Las fuerzas de volumen son fv = (X, Y, Z).
El equilibrio de fuerzas proporciona las tres ecuaciones siguientes:
Eje X: X 1
3 Ω h + σx Ω − σnx Ω α − τyx Ω β − τzx Ω γ = 0
Eje Y: Y 1
3 Ω h + σy Ω − τxy Ω α − σny Ω β − τzy Ω γ = 0
Eje Z: Z 1
3 Ω h + σz Ω − τxz Ω α − τyz Ω β − σnz Ω γ = 0
Si se hace tender a cero el volumen del tetraedro (esto es, si h −→ 0), el plano π tender´a a
pasar por P y, adem´as, los t´erminos relativos a las fuerzas de volumen se anular´an. En este caso,
simplificando, se obtienen las tres igualdades siguientes:
σx = σnx α + τyx β + τzx γ
23. 2.3. ESTADO TENSIONAL EN EL ENTORNO DE UN PUNTO 13
X
Y
σny
σny
σnx
σnx
τxy
τxy
τyx
τyx
σny
σny
σnx
σnx
τxy
τxy
τxy
τxy
Teorema de
reciprocidad
Figura 2.6: Reciprocidad de tensiones tangenciales en planos perpendiculares
σy = τxy α + σny β + τzy γ
σz = τxz α + τyz β + σnz γ
o en forma matricial:
σ =
σx
σy
σz
=
σnx τyx τzx
τxy σny τzy
τxz τyz σnz
α
β
γ
y en notaci´on vectorial:
σ = [T] n
La matriz [T] se conoce con el nombre de matriz de tensiones. De acuerdo con el teorema
de reciprocidad de tensiones tangenciales, la matriz de tensiones es una matriz sim´etrica, que
τ
τ
τ
τ
Tensiones tangenciales posibles en esquinas a 90º
Figura 2.7: Implicaci´on de la reciprocidad de tensiones tangenciales en planos perpendiculares
24. 14 LECCI ´ON 2. MATRIZ DE TENSIONES
n( )α,β,γ
σ (σ ,σ ,σ )x y z
Z
X
Y
Ωy
Ωz
Ωx
Ω
Z
X
Y
σnz
σnx
σny
τzy
τzx
τxz
τxyτyx
τyz
P
Figura 2.8: Tensi´on sobre un plano arbitrario en el punto P
25. 2.4. EJERCICIOS RESUELTOS 15
puede escribirse:
[T] =
σnx τxy τxz
τxy σny τyz
τxz τyz σnz
En relaci´on con la matriz de tensiones, es importante darse cuenta de los puntos siguientes:
Si se conoce la matriz de tensiones en el punto P entonces se conoce el estado tensional
en P, ya que a partir de la matriz de tensiones se puede obtener el vector tensi´on σ para
cualquier orientaci´on de plano n.
La matriz de tensiones representa una magnitud tensorial de orden 2 que en la literatura
se conoce normalmente con el nombre de tensor de tensiones. Dentro del s´olido el´astico, la
matriz de tensiones [T] es una funci´on de punto, se trata por tanto de un campo tensorial
de orden 2.
La expresi´on de la matriz de tensiones depende del sistema de referencia utilizado. Al
cambiar de sistema de referecnia sus componentes cambian como las de un tensor de
segundo orden. El cambio de ejes se escribe en forma matricial del modo siguiente:
[T]b = [Rab]t
[T]a [Rab]
donde [T]a es la matriz de tensiones en el sistema de referencia a, [T]b es la matriz de
tensiones en el sistema de referencia b y [Rab] es la matriz de cambio de base del sistema
a al sistema b.
La matriz [Rab] de cambio de base se construye colocando como columnas las componentes
de los vectores unitarios en la direcci´on de los nuevos ejes (sistema b) con respecto al sistema
de referencia viejo (sistema a), es decir:
[Rab] =
αb1 αb2 αb3
βb1 βb2 βb3
γb1 γb2 γb3
=
ib · ia jb · ia kb · ia
ib · ja jb · ja kb · ja
ib · ka jb · ka kb · ka
donde (αb1, βb1, γb1), (αb2, βb2, γb2) y (αb3, βb3, γb3) son los vectores unitarios en las direc-
ciones de los ejes del sistema b, referidos al sistema a.
La matriz [Rab] es una matriz ortonormal, es decir, su traspuesta coincide con la inversa:
[Rba] = [Rab]−1
= [Rab]t
2.4. Ejercicios resueltos
2.4.1. C´alculo de matriz de tensiones y vector tensi´on
Del interior de un s´olido el´astico se separa mediante cortes imaginarios un cubo de 10 cm de
lado. Las acciones que ejerce el resto del s´olido sobre el cubo son las representadas en la figura
2.9. No existen fuerzas exteriores aplicadas sobre el cubo.
Se pide:
26. 16 LECCI ´ON 2. MATRIZ DE TENSIONES
Z
X
Y
1 MPa
1 MPa
1 MPa
1 MPa
16 MPa
6 MPa
16 MPa
4 MPa
6 MPa
4 MPa
6 MPa
Figura 2.9: Acciones del resto del s´olido sobre un cubo de material
1. La matriz de tensiones en el sistema de referencia con ejes paralelos a las aristas del cubo,
v´alida para cualquier punto del cubo.
2. Vector tensi´on en el centro del cubo con respecto a un plano que forme ´angulos iguales
con los planos coordenados (n = ( 1√
3
, 1√
3
, 1√
3
)).
Soluci´on:
1. De acuerdo con la figura, tomando como origen del sistema de referencia la esquina de la
base m´as alejada del punto de vista, se tiene que:
σnx = −6 +
z
10
12 MPa (z en cm)
τxy = 0
τxz = 0
σny = −4 −
z
10
12 MPa (z en cm)
τyz = 1 MPa
σnx = 0
27. 2.4. EJERCICIOS RESUELTOS 17
luego:
[T] =
−6 + z
10 12 0 0
0 −4 − z
10 12 1
0 1 0
MPa (z en cm)
2. El centro del cubo tiene como coordenadas (5,5,5) cm. En consecuencia, sustituyendo en
la expresi´on de la matriz de tensiones:
σ = [T] n =
0 0 0
0 −10 1
0 1 0
1√
3
1√
3
1√
3
=
1
√
3
0
−9
1
MPa
29. Lecci´on 3
Ecuaciones de equilibrio
3.1. Ecuaciones de equilibrio interno
Las ecuaciones de equilibrio interno definen las condiciones que deben cumplir las compo-
nentes de la matriz de tensiones [T] para que un volumen interior del s´olido el´astico se encuentre
en equilibrio con los vol´umenes que le rodean.
Las ecuaciones se obtienen planteando el equilibrio de fuerzas de un elemento diferencial
de volumen alrededor de un punto P de un s´olido el´astico sometido a un campo de fuerzas de
volumen fv = (X, Y, Z).
Sea [T] la matriz de tensiones en el punto P:
[T] =
σnx τxy τxz
τxy σny τyz
τxz τyz σnz
En la figura 3.1 se representan las componentes del vector tensi´on en los centros de las caras
de un elemento diferencial de volumen centrado en el punto P. Al tratarse de un elemento
diferencial, dichas componentes pueden considerarse que son los valores medios en cada cara.
Entonces, el equilibrio de fuerzas proporciona las tres ecuaciones siguientes:
Direcci´on X:
X dx dy dz + (σnx + ∂σnx
∂x
1
2dx) dy dz − (σnx − ∂σnx
∂x
1
2dx) dy dz
+ (τyx +
∂τyx
∂y
1
2dy) dx dz − (τyx −
∂τyx
∂y
1
2dy) dx dz
+ (τzx + ∂τzx
∂z
1
2dz) dx dy − (τzx − ∂τzx
∂z
1
2 dz) dx dy = 0
Direcci´on Y:
Y dx dy dz + (τxy +
∂τxy
∂x
1
2 dx) dy dz − (τxy −
∂τxy
∂x
1
2dx) dy dz
+ (σny +
∂σny
∂y
1
2 dy) dx dz − (σny −
∂σny
∂y
1
2 dy) dx dz
+ (τzy + ∂τzy
∂z
1
2 dz) dx dy − (τzy − ∂τzy
∂z
1
2dz) dx dy = 0
19
30. 20 LECCI ´ON 3. ECUACIONES DE EQUILIBRIO
Z
X
Y
P
P
dy
dx
dz
σ + ∂σ /∂ny ny y 1/2 dy
τ + ∂τ /∂yz yz y 1/2 dy
τ + ∂τ /∂yx yx y 1/2 dy
σ − ∂σ /∂ny ny y 1/2 dy
τ − ∂τ /∂yx yx y 1/2 dy
τ − ∂τ /∂yz yz y 1/2 dy
σ − ∂σ /∂nz nz z 1/2 dz
σ + ∂σ /∂nz nz z 1/2 dz
σ + ∂σ /∂nx nx x 1/2 dx
τ + ∂τ /∂zy zy z 1/2 dz
τ + ∂τ /∂zx zx z 1/2 dz
τ − ∂τ /∂zy zy z 1/2 dz
τ − ∂τ /∂zx zx z 1/2 dz
σ − ∂σ /∂nx nx x 1/2 dx
τ + ∂τ /∂xy xy x 1/2 dx
τ + ∂τ /∂xz xz x 1/2 dx τ − ∂τ /∂xz xz x 1/2 dx
τ − ∂τ /∂xy xy x 1/2 dx
Figura 3.1: Equilibrio de un elemento diferencial de volumen
31. 3.2. ECUACIONES DE EQUILIBRIO EN EL CONTORNO 21
Direcci´on Z:
Z dx dy dz + (τxz + ∂τxz
∂x
1
2 dx) dy dz − (τxz − ∂τxz
∂x
1
2dx) dy dz
+ (τyz +
∂τyz
∂y
1
2 dy) dx dz − (τyz −
∂τyz
∂y
1
2dy) dx dz
+ (σnz + ∂σnz
∂z
1
2 dz) dx dy − (σnz − ∂σnz
∂z
1
2dz) dx dy = 0
Simplificando las ecuaciones anteriores se obtiene :
∂σnx
∂x
+
∂τyx
∂y
+
∂τzx
∂z
+ X = 0
∂τxy
∂x
+
∂σny
∂y
+
∂τzy
∂z
+ Y = 0
∂τxz
∂x
+
∂τyz
∂y
+
∂σnz
∂z
+ Z = 0
Y como, por el teorema de reciprocidad de tensiones tangenciales, se cumple que:
τyx = τxy τzx = τxz τzy = τyz
se tiene finalmente el siguiente sistema de ecuaciones diferenciales en derivadas parciales, definido
en el volumen V del s´olido el´astico, para las componentes de la matriz de tensiones [T]:
∂σnx
∂x
+
∂τxy
∂y
+
∂τxz
∂z
+ X = 0
∂τxy
∂x
+
∂σny
∂y
+
∂τyz
∂z
+ Y = 0
∂τxz
∂x
+
∂τyz
∂y
+
∂σnz
∂z
+ Z = 0
El sistema anterior son las ecuaciones de equilibrio interno del s´olido el´astico. En notaci´on
vectorial puede escribirse como:
div [T] + fv = 0 en V
o tambi´en:
[T] + fv = 0 en V
3.2. Ecuaciones de equilibrio en el contorno
En la superficie S del s´olido el´astico, las fuerzas de superficie fs deben ser equilibradas por
fuerzas internas. En un punto P situado sobre la superficie S, en el que el plano tangente a S
tiene un vector normal n, debe cumplirse que (figura 3.2):
fs − [T] n = 0
32. 22 LECCI ´ON 3. ECUACIONES DE EQUILIBRIO
n
P
S
-n n
P fs
[T] (-n)
S
Figura 3.2: Equilibrio en la superficie del s´olido el´astico
Es decir, debe cumplirse que:
fs = [T] n en S
Entonces, si el vector normal exterior a la superficie S es n = (α, β, γ) y las fuerzas de
superficie aplicadas en S son fs = ( ¯X, ¯Y , ¯Z), las ecuaciones de equilibrio en el contorno son:
¯X
¯Y
¯Z
=
σnx τxy τxz
τxy σny τyz
τxz τyz σnz
α
β
γ
en S
3.3. Ejercicios resueltos
3.3.1. Fuerzas de volumen y fuerzas de superficie a partir del equilibrio
En el s´olido de forma tetra´edrica representado en la figura 3.3, existe el estado tensional
siguiente:
[T] =
3y z 0
z −5x 0
0 0 2z
MPa (x,y,z en m)
Determinar:
1. Fuerzas de volumen.
2. Fuerzas de superficie en la cara vista ABC, particularizando en el centro de gravedad de
la misma.
33. 3.3. EJERCICIOS RESUELTOS 23
A
B
C
a
a
2a
X
Y
Z
Figura 3.3: S´olido de forma tetra´edrica
Soluci´on:
1. A partir de las ecuaciones de equilibrio interno, se tiene que:
X = −∂σnx
∂x −
∂τxy
∂y − ∂τxz
∂z = 0
Y = −
∂τxy
∂x −
∂σny
∂y −
∂τyz
∂z = 0
Z = −∂τxz
∂x −
∂τyz
∂y − ∂σnz
∂z = −2
MN
m3
2. El vector normal a la cara vista del s´olido es:
n =
AB × AC
|AB × AC|
=
i j k
−a a 0
−a 0 2a
|AB × AC|
=
2a2 i + 2a2 j + a2 k
a2
√
4 + 4 + 1
=
2
3
2
3
1
3
Utilizando las ecuaciones de equilibrio en el contorno:
fs = [T] n =
3y z 0
z −5x 0
0 0 2z
2
3
2
3
1
3
=
2y + 2z
3
2z
3 − 10x
3
2z
3
El centro de gravedad de la cara vista tiene como coordenadas (a
3, a
3, 2a
3 ) (promedio de
coordenadas de los puntos de las esquinas). Particularizando para el centro de gravedad
de la cara vista, se tiene:
34. 24 LECCI ´ON 3. ECUACIONES DE EQUILIBRIO
fs =
2a
3 + 2
3
2a
3
2
3
2a
3 − 10
3
a
3
2
3
2a
3
= a
10
9
−6
9
4
9
MPa (a en m)
35. Lecci´on 4
Tensiones principales
4.1. Tensiones y direcciones principales
En un punto P del s´olido el´astico el estado tensional viene dado por el valor de la matriz
de tensiones [T] en dicho punto. La matriz de tensiones es una matriz sim´etrica de orden 3 con
coeficientes reales. Vamos a ver que esta forma de la matriz de tensiones implica lo siguiente:
En cada punto P del s´olido el´astico existen al menos tres planos ortogonales entre s´ı de
modo que el vector tensi´on σ asociado a ellos tiene componente intr´ınseca tangencial τ
igual a cero. Es decir, seg´un esos planos, el vector tensi´on s´olo tiene componente intr´ınseca
normal: σ= σn.
Las direcciones de las normales a dichos planos, n1, n2 y n3 se llaman direcciones principales
de tensi´on en el punto P.
Las componentes intr´ınsecas normales de los vectores de tensi´on seg´un esos planos, σ1, σ2
y σ3 se llaman tensiones principales en el punto P. Por convenio, ordenaremos las tensiones
principales de forma que: σ1 ≥ σ2 ≥ σ3.
La deducci´on de la existencia de las tensiones y direcciones principales es como sigue. Las
componentes (α, β, γ) de las direcciones principales en el punto P, si existen, deber´an cumplir::
n =
α
β
γ
σ = [T] n = σn n
(condici´on de que la componente intr´ınseca tangencial τ sea nula)
Es decir, las direcciones principales n y las tensiones principales σn, si existen, deben cumplir:
{[T] − σn [I]} n = 0
donde [I] es la matriz identidad.
La relaci´on anterior expresa un problema de autovalores para la matriz [T] en el punto P
del s´olido el´astico.
25
36. 26 LECCI ´ON 4. TENSIONES PRINCIPALES
Como [T] es una matriz sim´etrica de orden 3 con coeficientes reales, [T] tiene 3 autoval-
ores reales1, que llamaremos σ1, σ2 y σ3. Estos autovalores son las tensiones principales. En
consecuencia, las tensiones principales existen, tal y como las hemos definido.
Cada autovalor σi, i = 1 . . .3, tiene un autovector asociado ni, que se obtiene resolviendo el
sistema de ecuaciones:
{[T] − σi [I]} ni = 0
con la condici´on adicional de que si las componentes de ni son (αi, βi, γi), debe cumplirse que:
α2
i + β2
i + γ2
i = 1
Por ser [T] una matriz sim´etrica, los autovectores son ortogonales entre s´ı cuando los auto-
valores σ1, σ2 y σ3 son distintos2. Es decir:
n1 · n2 = 0
n1 · n3 = 0
n2 · n3 = 0
De esta forma, las direcciones principales, tal y como las hemos definido, son ortogonales entre
s´ı.
Si hay alg´un autovalor doble o triple, los autovectores asociados a los mismos definen un
espacio vectorial de dimensi´on 2 ´o 3, respectivamente. En estos casos, m´as que una sola di-
recci´on principal, el autovalor tiene asociado todo un plano, o todo el espacio, de vectores de
direcci´on principal. De dicho plano o de todo el espacio se pueden extraer dos ´o tres vectores,
respectivamente, que sean ortogonales entre s´ı.
4.2. Invariantes de tensiones
Desdoblando la ecuaci´on vectorial:
{[T] − σn [I]} n = 0
en tres ecuaciones escalares, el problema de autovalores de la matriz [T] se escribe:
σnx − σn τxy τxz
τxy σny − σn τyz
τxz τyz σnz − σn
α
β
γ
= 0
Se trata de un sistema de ecuaciones homog´eneo, funci´on de un par´ametro real σn.
Para que este sistema tenga soluci´on distinta de la trivial (α = β = γ = 0), el determinante
de la matriz de coeficientes debe ser nulo, esto es:
σnx − σn τxy τxz
τxy σny − σn τyz
τxz τyz σnz − σn
= 0
La ecuaci´on anterior es una ecuaci´on de tercer grado en σn, con tres ra´ıces reales3
, que son
1
Desde el punto de vista del ´Algebra Lineal, la matriz [T] representa un endomorfismo en R3
, que asocia cada
vector de orientaci´on n con un vector tensi´on σ. El endomorfismo es sim´etrico por ser [T] una matriz sim´etrica.
La teor´ıa de los endomorfismos sim´etricos es la que justifica que la matriz [T] tiene 3 autovalores reales y que los
autovectores asociados son ortogonales entre s´ı.
2
Ver la nota anterior.
3
Por ser [T] una matriz sim´etrica.
37. 4.3. SISTEMA DE REFERENCIA PRINCIPAL 27
los valores de las tensiones principales. Dicha ecuaci´on puede ponerse como:
−σ3
n + I1 σ2
n − I2 σn + I3 = 0
con:
I1 = σnx + σny + σnz
I2 = σnxσny + σnxσnz + σnyσnz − τ2
xy − τ2
xz − τ2
yz
I3 = det[T]
La soluci´on de esta ecuaci´on de tercer grado son las tensiones principales σ1, σ2 y σ3 en el
punto P.
Las tensiones principales son una caracter´ıstica intr´ınseca del estado tensional en el punto P
y, por tanto, independiente del sistema de referencia seleccionado para la matriz de tensiones [T].
En consecuencia, los coeficientes I1, I2 e I3 deben ser independientes del sistema de referencia.
Estos coeficientes se conocen con el nombre de invariantes de tensiones, primero, segundo y
tercero, respectivamente.
El valor de los invariantes en cada punto P no cambia al cambiar el sistema de referencia
utilizado para definir [T].
4.3. Sistema de referencia principal
En cada punto P del s´olido el´astico tenemos pues tres direcciones principales n1, n2 y n3
ortogonales entre s´ı. De este modo, se puede definir en el punto P un sistema de referencia
seg´un estas tres direcciones (figura 4.1). En dicho sistema de referencia la matriz de tensiones
ser´a diagonal:
[T] =
σ1 0 0
0 σ2 0
0 0 σ3
Para un estado tensional dado, el sistema de referencia anterior se conoce con el nombre de
sistema de referencia principal en el punto P. Es importante darse cuenta de que el sistema de
referencia principal est´a asociado a un estado tensional concreto y que, adem´as, cambia de un
punto a otro del s´olido el´astico.
4.4. Elipsoide de tensiones
En un punto P del s´olido el´astico, bajo un estado tensional dado, el elipsoide de tensiones
es el lugar geom´etrico de los extremos del vector tensi´on σ, con origen en P, correspondiente a
todas las orientaciones n de plano posibles en el punto.
Se trata de un elipsoide con centro en P y con semiejes iguales a las tensiones principales.
En efecto, utilizando el sistema de referencia principal en el punto P, correspondiente al estado
tensional dado, el vector tensi´on σ para la direcci´on n es:
σ = [T] n=
σ1 0 0
0 σ2 0
0 0 σ3
α
β
γ
=
α σ1
β σ2
γ σ3
38. 28 LECCI ´ON 4. TENSIONES PRINCIPALES
Z
X
Y
n2
n3
n1
P
Figura 4.1: Sistema de referencia principal
Y las coordenadas del extremo del vector tensi´on σ con respecto a P ser´an:
x = α σ1
y = β σ2
z = γ σ3
en el sistema de referencia principal
y como se cumple que:
α2
+ β2
+ γ2
= 1
se tendr´a entonces:
x
σ1
2
+
y
σ2
2
+
z
σ3
2
= 1
que en el sistema de referencia principal es la ecuaci´on de un elipsoide con semiejes iguales a las
tensiones principales.
39. 4.5. EJERCICIOS RESUELTOS 29
4.5. Ejercicios resueltos
4.5.1. C´alculo de tensiones y direcciones principales
La matriz de tensiones en un punto P de un s´olido el´astico, para un determinado estado
tensional, viene dada por:
[T] =
5 1 2
1 0 1
2 1 0
MPa
con respecto a un sistema de referencia cartesiano ortogonal.
Determinar las tensiones principales y sus direcciones principales asociadas.
Soluci´on:
1. Tensiones principales.
Igualando a cero el determinante:
5 − σ 1 2
1 −σ 1
2 1 −σ
= 0
se obtiene la ecuaci´on c´ubica:
F(σ) ≡ −σ3
+ 5 σ2
+ 6 σ − 1 = 0
La ecuaci´on se puede resolver por tanteos, buscando los ceros de F(σ) a partir de sus
cambios de signo. Resulta lo siguiente: σ1 = 5,97 MPa , σ2 = 0,149 MPa y σ3 = -1,12
MPa.
2. Direcciones principales
La direcci´on principal asociada a σ1, n1 = (α1, β1, γ1), se obtiene a partir del sistema de
ecuaciones:
5 − 5, 97 1 2
1 −5, 97 1
2 1 −5, 97
α1
β1
γ1
= 0
Al ser las tensiones principales diferentes (no hay ra´ıces dobles ni triples en la ecuaci´on de
tercer grado que hemos resuelto en el punto anterior), s´olo hay dos ecuaciones independi-
entes en el sistema. Tomando las dos primeras:
−0, 97 α1 + β1 + 2 γ1 = 0
α1 − 5, 97 β1 + γ1 = 0
y sabiendo que:
α2
1 + β2
1 + γ2
1 = 1
resulta: α1 = 0,92, β1 = 0,21 y γ1 = 0,34.
40. 30 LECCI ´ON 4. TENSIONES PRINCIPALES
La direcci´on principal asociada a σ2, n2 = (α2, β2, γ2), se obtiene a partir del sistema de
ecuaciones:
5 − 0, 149 1 2
1 −0, 149 1
2 1 −0, 149
α2
β2
γ2
= 0
Tomando las dos primeras ecuaciones:
4, 851 α2 + β2 + 2 γ2 = 0
α2 − 0, 149 β2 + γ2 = 0
y sabiendo que:
α2
2 + β2
2 + γ2
2 = 1
resulta: α2 = -0,362, β2 = 0,798 y γ2 = 0,482.
La direcci´on principal asociada a σ3, n3 = (α3, β3, γ3), se obtiene a partir de la condici´on
de que sea ortogonal a n1 y a n2:
n3 = n1 × n2 =
i j k
0, 92 0, 21 0, 34
−0, 362 0, 798 0, 482
=
−0, 170
−0, 567
0, 810
41. Lecci´on 5
C´ırculos de Mohr
5.1. C´ırculos de Mohr en tensiones
Los c´ırculos de Mohr1
en tensiones proporcionan una representaci´on gr´afica plana de los
infinitos vectores tensi´on σ asociados a un punto P de un s´olido el´astico sometido a un sistema
de acciones exteriores. Para la obtenci´on de esta representaci´on gr´afica se parte de lo siguiente:
Se utiliza el sistema de referencia principal en el punto P.
Las tensiones principales en P se ordenan, sin p´erdida de generalidad, de mayor a menor:
σ1 ≥ σ2 ≥ σ3
En el sistema de referencia principal, cualquier vector tensi´on σen el punto P se puede
obtener como:
σ =
σ1 0 0
0 σ2 0
0 0 σ3
α
β
γ
=
α σ1
β σ2
γ σ3
donde n = (α, β, γ) es el vector normal correspondiente al plano sobre el que act´ua el vector
σ. Entonces, se tiene que:
|σ|2
= σ2
= σ2
1α2
+ σ2
2β2
+ σ2
3γ2
Y, por la definici´on de componentes intr´ınsecas τ y σn de σ, se tiene:
σ2
= σ2
n + τ2
Combinando las dos expresiones anteriores, se cumple que:
σ2
n + τ2
= σ2
1α2
+ σ2
2β2
+ σ2
3γ2
Por otro lado, la componente normal σn del vector σ es:
σn = σ · n = (α σ1, β σ2, γ σ3)
α
β
γ
= σ1α2
+ σ2β2
+ σ3γ2
1
Otto Mohr (1835-1918), ingeniero estructural alem´an pionero en la aplicaci´on de m´etodos gr´aficos para la
resoluci´on de problemas de la teor´ıa de la estructuras.
31
42. 32 LECCI ´ON 5. C´IRCULOS DE MOHR
Y tambi´en sabemos que:
α2
+ β2
+ γ2
= 1
Las tres ecuaciones anteriores proporcionan una relaci´on entre las tensiones principales σ1,
σ2 y σ3 en el punto P, las componentes del vector unitario (α, β, γ) normal a un plano y las
componentes intr´ınsecas del vector tensi´on en el punto P seg´un ese plano, σn y τ:
σ2
1α2
+ σ2
2β2
+ σ2
3γ2
= σ2
n + τ2
σ1α2
+ σ2β2
+ σ3γ2
= σn
α2
+ β2
+ γ2
= 1
De donde se obtiene:
γ2
=
(σn − σ1) (σn − σ2) + τ2
(σ3 − σ1) (σ3 − σ2)
β2
=
(σn − σ1) (σn − σ3) + τ2
(σ2 − σ1) (σ2 − σ3)
α2
=
(σn − σ2) (σn − σ3) + τ2
(σ1 − σ2) (σ1 − σ3)
Los cocientes anteriores deben ser positivos, ya que corresponden a n´umeros reales α, β, γ
elevados al cuadrado. Analicemos uno por uno los tres cocientes.
1. Cociente de α2
.
α2
=
(σn − σ2) (σn − σ3) + τ2
(σ1 − σ2) (σ1 − σ3)
≥ 0
El denominador del cociente es un n´umero positivo, por ser σ1 ≥ σ2 ≥ σ3, seg´un nuestro
convenio. En consecuencia, debe cumplirse:
(σn − σ2) (σn − σ3) + τ2
≥ 0
o lo que es lo mismo:
(σn −
σ2 + σ3
2
)2
− (
σ2 − σ3
2
)2
+ τ2
≥ 0
y la condici´on de que α2
sea positivo se traduce en que:
(σn −
σ2 + σ3
2
)2
+ τ2
≥ (
σ2 − σ3
2
)2
En el plano (σn, τ) la ecuaci´on de la circunferencia de centro (σ2+σ3
2 , 0) y radio σ2−σ3
2 es:
(σn −
σ2 + σ3
2
)2
+ τ2
= (
σ2 − σ3
2
)2
Luego la condici´on que debe cumplirse, derivada de que α2
≥ 0, es que los puntos (σn, τ)
que representan los vectores tensi´on en el punto P, han de encontrarse fuera del c´ırculo de
radio σ2−σ3
2 centrado en el punto (σ2+σ3
2 , 0) (primer c´ırculo de Mohr, figura 5.1).
43. 5.1. C´IRCULOS DE MOHR EN TENSIONES 33
σn
σ2
σ3
τ
Zona posible: exterior del círculo
Figura 5.1: Primer c´ırculo de Mohr C1
2. Cociente de β2
.
β2
=
(σn − σ1) (σn − σ3) + τ2
(σ2 − σ1) (σ2 − σ3)
≥ 0
El denominador del cociente es un n´umero negativo, por ser σ1 ≥ σ2 ≥ σ3, seg´un nuestro
convenio. En consecuencia, debe cumplirse:
(σn − σ1) (σn − σ3) + τ2
≤ 0
o lo que es lo mismo:
(σn −
σ1 + σ3
2
)2
− (
σ1 − σ3
2
)2
+ τ2
≤ 0
y la condici´on de que β2 sea positivo se traduce en que:
(σn −
σ1 + σ3
2
)2
+ τ2
≤ (
σ1 − σ3
2
)2
En el plano (σn, τ) la ecuaci´on de la circunferencia de centro (σ1+σ3
2 , 0) y radio σ1−σ3
2 es:
(σn −
σ1 + σ3
2
)2
+ τ2
= (
σ1 − σ3
2
)2
44. 34 LECCI ´ON 5. C´IRCULOS DE MOHR
Luego la condici´on que debe cumplirse, derivada de que β2
≥ 0, es que los puntos (σn, τ)
que representan los vectores tensi´on en el punto P, han de encontrarse dentro del c´ırculo
de radio σ1−σ3
2 centrado en el punto (σ1+σ3
2 , 0) (segundo c´ırculo de Mohr, figura 5.2).
3. Cociente de γ2
.
γ2
=
(σn − σ1) (σn − σ2) + τ2
(σ3 − σ1) (σ3 − σ2)
≥ 0
El denominador del cociente es un n´umero positivo, por ser σ1 ≥ σ2 ≥ σ3, seg´un nuestro
convenio. En consecuencia, debe cumplirse:
(σn − σ1) (σn − σ2) + τ2
≥ 0
o lo que es lo mismo:
(σn −
σ1 + σ2
2
)2
− (
σ1 − σ2
2
)2
+ τ2
≥ 0
y la condici´on de que γ2
sea positivo se traduce en que:
(σn −
σ1 + σ2
2
)2
+ τ2
≥ (
σ1 − σ2
2
)2
En el plano (σn, τ) la ecuaci´on de la circunferencia de centro (σ1+σ2
2 , 0) y radio σ1−σ2
2 es:
(σn −
σ1 + σ2
2
)2
+ τ2
= (
σ1 − σ2
2
)2
σn
σ1
σ3
τ
Zona posible: interior del círculo
Figura 5.2: Segundo c´ırculo de Mohr C2
45. 5.1. C´IRCULOS DE MOHR EN TENSIONES 35
σn
σ1
τ Zona posible: exterior del círculo
σ2
Figura 5.3: Tercer c´ırculo de Mohr C3
Luego la condici´on que debe cumplirse, derivada de que γ2 ≥ 0, es que los puntos (σn, τ)
que representan los vectores tensi´on en el punto P, han de encontrarse fuera del c´ırculo de
radio σ1−σ2
2 centrado en el punto (σ1+σ2
2 , 0) (tercer c´ırculo de Mohr, figura 5.3).
Si combinamos en una sola representaci´on las tres condiciones obtenidas para la posici´on de
los puntos (σn, τ) que representan los vectores tensi´on en el punto P, se tiene la representaci´on
de la figura 5.4, en la que se ve que la zona de puntos de tensi´on posibles en la comprendida
entre los tres c´ırculos de Mohr.
Cuando dos tensiones principales son iguales, el estado tensional recibe el nombre de estado
cil´ındrico. N´otese que en ese caso uno de los c´ırculos de Mohr tiene radio nulo y los dos otros
c´ırculos se superponen. En ese caso los puntos de tensi´on posibles est´an sobre una circunferencia.
Cuando las tres tensiones principales son iguales, el estado tensional recibe el nombre de
estado esf´erico o estado hidrost´atico. En este caso los tres c´ırculos de Mohr coinciden en un
punto situado sobre el eje de σn, que es el ´unico punto de tensi´on posible.
46. 36 LECCI ´ON 5. C´IRCULOS DE MOHR
σn
σ1
σ3
τ
Zona posible
σ2
Figura 5.4: Representaci´on de Mohr de las componentes de tensi´on posibles en el punto P
5.2. Representaci´on de tensiones en los c´ırculos de Mohr
5.2.1. Componentes intr´ınsecas del vector tensi´on
Dado un estado tensional en el punto P del s´olido el´astico, a cada orientaci´on n ≡ (α, β, γ)
definida en P con respecto al sistema de referencia principal, le corresponde un punto A ≡
(σn, τ) dentro de la representaci´on de Mohr, dado por:
σn = σ1α2
+ σ2β2
+ σ3γ2
y
τ = σ − σn =
α σ1
β σ2
γ σ3
− σn
α
β
γ
=
α (σ1 − σn)
β (σ2 − σn)
γ (σ3 − σn)
luego,
τ = ± α2 (σ1 − σn)2 + β2 (σ2 − σn)2 + γ2 (σ3 − σn)2
Normalmente se elige un signo positivo para τ y, de esta forma, se trabaja con el semiplano
superior del plano (σn, τ). De este modo, a cada orientaci´on n ≡ (α, β, γ) definida en P le
corresponde un solo punto A ≡ (σn, τ) de tensi´on en la representaci´on de Mohr.
5.2.2. C´alculo de la orientaci´on del vector normal
Rec´ıprocamente, la posici´on de un punto A = (σn, τ) en la representaci´on de Mohr puede
utilizarse para conocer la orientaci´on del vector normal n= ( α, β, γ) que da lugar a las com-
ponentes intr´ınsecas (σn, τ).
47. 5.2. REPRESENTACI ´ON DE TENSIONES EN LOS C´IRCULOS DE MOHR 37
σn
σ1
σ3
τ
σ2
A’
A
C1
C2
C3
α γ
circunferencia
concéntrica a C3
circunferencia
concéntrica a C1
Figura 5.5: Construcci´on para la determinaci´on de los par´ametros α, β, γ
Se emplea la construcci´on geom´etrica siguiente (figura 5.5):
1. Trazar circunferencias conc´entricas con C1 y C3 que pasen por el punto A, hasta que corten
a C2.
2. Se unen estos puntos de corte con los extremos del di´ametro del c´ırculo C2, obteni´endose
los ´angulos α y γ. Como se ver´a a continuaci´on, se cumple que:
α2
= cos2
α
γ2
= cos2
γ
3. Se obtiene β2 utilizando la relaci´on:
β2
= 1 − α2
− γ2
N´otese que de esta forma se obtienen los cuadrados de los par´ametros α, β, γ y, por tanto,
quedan determinados los m´odulos de las componentes del vector normal n, pero no su signo:
α = ± cos α
β = ± cos β
γ = ± cos γ
48. 38 LECCI ´ON 5. C´IRCULOS DE MOHR
As´ı, a cada punto A ≡ (σn, τ) dentro de la representaci´on de Mohr le corresponden hasta
ocho orientaciones del vector normal n, obtenidas permutando los signos positivos y negativos:
(α, β, γ), (α, −β, −γ), (α, −β, γ), (α, β, −γ), (−α, β, γ), . . ..
La construcci´on geom´etrica definida m´as arriba se basa en lo siguiente:
En todos los puntos de una circunferencia conc´entrica a C1 se tiene el mismo valor de α2
.
En todos los puntos de una circunferencia conc´entrica a C3 se tiene el mismo valor de γ2
.
En los puntos de la circunferencia C2 se tiene que β = 0.
Entonces, en el punto A de la figura 5.5 se tiene el mismo valor de α2
que en el punto A y,
adem´as, β es nulo. En el punto A se tiene:
1 − α2
α2
=
γ2
α2
por ser β nulo
Sustituyendo los valores de α y γ en el punto A se obtiene:
1 − α2
α2
=
(σn−σ1)(σn−σ2) + τ 2
(σ3−σ1) (σ3−σ2)
(σn−σ2)(σn−σ3) + τ 2
(σ1−σ2) (σ1−σ3)
=
(σ1 − σ2) [(σn − σ1) (σn − σ2) + τ 2
]
(σ2 − σ3) [(σn − σ2) (σn − σ3) + τ 2]
donde (σn, τ ) son las coordenadas del punto A . Adem´as, como β es nulo en el punto A , resulta
que:
(σn − σ1) (σn − σ3) + τ 2
= 0 −→ τ 2
= −(σn − σ1) (σn − σ3)
y sustituyendo:
1 − α2
α2
=
(σn − σ1) (σ3 − σ2)
(σ2 − σ3) (σn − σ3)
= −
(σn − σ1)
(σn − σ3)
= −
(σn − σ1)(σn − σ3)
(σn − σ3)2
=
τ 2
(σn − σ3)2
= tan2
α
De donde se deduce que α = ± cos α.
5.3. Casos particulares
5.3.1. Planos que contienen al primer eje principal
Tratamos de ver ahora en qu´e zona de la representaci´on de Mohr se sit´uan los puntos de
tensi´on correspondientes a planos que contienen al primer eje principal, es decir, planos cuyo
vector normal n tiene su primera componente nula: α = 0 (figura 5.6).
El equilibrio de las fuerzas de primer orden que act´uan sobre la cu˜na de material alrededor
del punto P representada en la figura 5.6 nos da las ecuaciones siguientes:
σ2 s cos θ = σn s cos θ + τ s sin θ
σ3 s sin θ = σn s sin θ − τ s cos θ
siendo θ el ´angulo que forma el vector normal al plano n con el eje principal II. De las dos
ecuaciones anteriores se deduce que:
τ =
σ2 − σ3
2
sin 2θ
σn =
σ2 + σ3
2
+
σ2 − σ3
2
cos 2θ
49. 5.3. CASOS PARTICULARES 39
III
I
II
P
P
n
τ
σn
III
II II
θ
n
III
II
n
τ
σn
θθ
σ3
σ2
S
Figura 5.6: Planos que contienen al eje principal I
Estas ´ultimas relaciones son las ecuaciones param´etricas de la circunferencia correspondiente
al primer c´ırculo de Mohr C1 (figura 5.7). Lo que indica que los puntos de tensi´on correspon-
dientes a planos que contienen al primer eje principal se encuentran sobre la circunferencia C1,
σn
σ2
σ3
τ
C1
2θ
(σ , τ)n
Punto que define el vector tensión para
la normal n
Doble del ángulo que forma la normal con el eje IIn
Figura 5.7: Planos que contienen al eje principal I. Puntos de tensi´on sobre la circunferencia C1
50. 40 LECCI ´ON 5. C´IRCULOS DE MOHR
III
I
II
P
P
n
τ
σn
III
II I
θ
n
III
I
n
τ
σn
θθ
σ3
σ1
S
Figura 5.8: Planos que contienen al eje principal II
de modo que el ´angulo del radio vector asociado a cada punto de tensi´on con el eje de σn es el
doble del ´angulo que forma el vector normal al plano n con el eje principal II de tensiones.
5.3.2. Planos que contienen al segundo eje principal
An´alogamente, veamos ahora en qu´e zona de la representaci´on de Mohr se sit´uan los puntos
de tensi´on correspondientes a planos que contienen al segundo eje principal, es decir, planos
cuyo vector normal n tiene su segunda componente nula: β = 0 (figura 5.8).
El equilibrio de las fuerzas de primer orden que act´uan sobre la cu˜na de material alrededor del
punto P representada en la figura 5.8 nos proporciona, como antes, las ecuaciones param´etricas
siguientes:
τ =
σ1 − σ3
2
sin 2θ
σn =
σ1 + σ3
2
+
σ1 − σ3
2
cos 2θ
siendo θ el ´angulo que forma el vector normal al plano n con el eje principal I.
Estas ´ultimas relaciones son las ecuaciones param´etricas de la circunferencia correspondiente
al segundo c´ırculo de Mohr C2 (figura 5.9). Lo que indica que los puntos de tensi´on correspondi-
entes a planos que contienen al segundo eje principal se encuentran sobre la circunferencia C2,
de modo que el ´angulo del radio vector asociado a cada punto de tensi´on con el eje de σn es el
doble del ´angulo que forma el vector normal al plano n con el eje principal I de tensiones.
51. 5.4. TENSIONES M ´AXIMAS 41
σn
σ1
σ3
τ
C2
2θ
(σ , τ)n
Punto que define el vector tensión para
la normal n
Doble del ángulo que forma la normal con el eje In
Figura 5.9: Planos que contienen al eje principal II. Puntos de tensi´on sobre la circunferencia C2
5.3.3. Planos que contienen al tercer eje principal
Por ´ultimo, veamos en qu´e zona de la representaci´on de Mohr se sit´uan los puntos de tensi´on
correspondientes a planos que contienen al tercer eje principal, es decir, planos cuyo vector
normal n tiene su tercera componente nula: γ = 0 (figura 5.10).
El equilibrio de las fuerzas de primer orden que act´uan sobre la cu˜na de material alrededor del
punto P representada en la figura 5.10 nos proporciona, como antes, las ecuaciones param´etricas
siguientes:
τ =
σ1 − σ2
2
sin 2θ
σn =
σ1 + σ2
2
+
σ1 − σ2
2
cos 2θ
siendo θ el ´angulo que forma el vector normal al plano n con el eje principal I.
Estas ´ultimas relaciones son las ecuaciones param´etricas de la circunferencia correspondiente
al tercer c´ırculo de Mohr C3 (figura 5.11). Lo que indica que los puntos de tensi´on correspondi-
entes a planos que contienen al segundo eje principal se encuentran sobre la circunferencia C3,
de modo que el ´angulo del radio vector asociado a cada punto de tensi´on con el eje de σn es el
doble del ´angulo que forma el vector normal al plano n con el eje principal I de tensiones.
5.4. Tensiones m´aximas
De los c´ırculos de Mohr correspondientes al estado tensional en un punto P se pueden obtener
las tensiones m´aximas que act´uan en el punto P.
Con respecto a las tensiones normales, las m´aximas vienen dadas por las tensiones princi-
pales, σ1 o σ3, que son los puntos extremos de la representaci´on de Mohr sobre el eje σn.
52. 42 LECCI ´ON 5. C´IRCULOS DE MOHR
III
I
II
PP
n
τ
σn
II
II I
θ
n
II
I
n
τ
σn
θθ
σ2
σ1
S
Figura 5.10: Planos que contienen al eje principal III
Con respecto a las tensiones tangenciales, la m´axima viene dada por el radio del c´ırculo C2:
τmax =
σ1 − σ3
2
σn
σ1
σ2
τ
C3
2θ
(σ , τ)n
Punto que define el vector tensión para
la normal n
Doble del ángulo que forma la normal con el eje In
Figura 5.11: Planos que contienen al eje principal III. Puntos de tensi´on sobre circunferencia C3
53. 5.5. ESTADOS TENSIONALES CIL´INDRICO Y ESF´ERICO 43
σn
σ =σ1 2
σ3
τ
C = C1 2
Figura 5.12: C´ırculos de Mohr en estado de tensi´on cil´ındrico
Esta tensi´on se da sobre un plano que contiene al eje principal intermedio (II), a ± 45o
con los
ejes principales I y III.
5.5. Estados tensionales cil´ındrico y esf´erico
5.5.1. Estado cil´ındrico
Si son iguales dos tensiones principales, σ1 = σ2 ´o σ2 = σ3, el estado tensional se conoce con
el nombre de estado cil´ındrico.
Si σ1 = σ2, la circunferencia C3 se reduce a un punto y la circunferencia C1 coincide con C2.
Es decir, el ´area sombreada de la figura 5.4 se reduce a la circunferencia C1 ≡ C2 (figura 5.12). En
este caso solamente est´a determinada la direcci´on principal correspondiente a la tensi´on principal
σ3. Cualquier direcci´on contenida en un plano normal a la direcci´on principal correspondiente a
σ3 es una direcci´on principal.
Igualmente, si σ2 = σ3, la circunferencia C1 se reduce a un punto y la circunferencia C2
coincide con C3. Es decir, el ´area sombreada de la figura 5.4 se reduce a la circunferencia
C2 ≡ C3. En este caso solamente est´a determinada la direcci´on principal correspondiente a la
tensi´on principal σ1. Cualquier direcci´on contenida en un plano normal a la direcci´on principal
correspondiente a σ1 es una direcci´on principal.
Cuando dos tensiones principales son iguales, puede verse que los estados tensionales corre-
spondientes presentan simetr´ıa cil´ındrica en torno a la ´unica direcci´on principal que est´a deter-
minada. De ah´ı que un estado tensional de estas caracter´ısticas se denomine estado cil´ındrico.
Por ejemplo, en un estado cil´ındrico con σ1 = σ2 los vectores tensi´on correspondientes a
cualquier plano π cuya normal forme un ´angulo ˆγ con la direcci´on principal correspondiente
a σ3 tienen las mismas componentes intr´ınsecas. En efecto, utilizando el sistema de referencia
principal:
54. 44 LECCI ´ON 5. C´IRCULOS DE MOHR
σ=
σx
σy
σz
=
σ 0 0
0 σ 0
0 0 σ3
α
β
γ
=
α σ
β σ
γ σ3
cuyas componentes intr´ınsecas son:
σn = σ · n = σ(α2
+ β2
) + σ3γ2
= σ(1 − γ2
) + σ3γ2
(independiente de α y β)
τ = σ2(α2 + β2) + σ2
3γ2 − σ2
n = σ2(1 − γ2) + σ2
3γ2 − σ2
n (independiente de α y β)
5.5.2. Estado esf´erico
Si en vez de ser iguales dos, son iguales las tres tensiones principales, el elipsoide de tensiones
es una esfera y todas las direcciones son principales. Los c´ırculos de Mohr se reducen a un punto:
para cualquier plano π el vector tensi´on correspondiente es normal al plano y carece, por tanto,
de componente tangencial. Adem´as, su m´odulo es constante.
Este estado tensional presenta simetr´ıa en torno al punto P en el que se considera el estado
tensional y, por ello, recibe el nombre de estado esf´erico. Por analog´ıa con el estado tensional que
existe en un cuerpo sumergido en un l´ıquido, se le denomina tambi´en a veces estado hidrost´atico.
Desde el punto de vista de la respuesta del material, a veces tiene inter´es descomponer la
matriz de tensiones en suma de la correspondiente a un estado hidrost´atico [T0] y otra corre-
spondiente a un estado desviador [Td]:
[T] =
σnx τxy τxz
τxy σny τyz
τxz τyz σnz
=
p 0 0
0 p 0
0 0 p
+
σnx − p τxy τxz
τxy σny − p τyz
τxz τyz σnz − p
= [T0] + [Td]
donde 3 p = σnx + σny + σnz. La matriz [T0] es la matriz volum´etrica y la matriz [Td] es la matriz
desviadora.
5.6. Ejercicios resueltos
5.6.1. Representaci´on de un estado tensional en el diagrama de Mohr
Las tensiones principales en un punto de un s´olido son: σ1 = 4 MPa, σ2 = 2 MPa y σ3 = −1
MPa. Determinar anal´ıtica y gr´aficamente el punto que corresponde en el diagrama de Mohr al
vector tensi´on del plano cuya normal forma ´angulos de 45o y 120o con las direcciones principales
2 y 3, respectivamente.
Soluci´on:
1. Soluci´on anal´ıtica
55. 5.6. EJERCICIOS RESUELTOS 45
La matriz de tensiones con respecto al sistema de referencia principal es:
[T] =
4 0 0
0 2 0
0 0 −1
MPa
El vector normal al plano que se da en el enunciado es n = (α, β, γ), con:
β = cos(45o
) =
1
√
2
γ = cos(120o
) = − cos(60o
) = −
1
2
α = 1 − β2 − γ2 = ±
1
2
−→ α =
1
2
(se toma la ra´ız positiva)
El vector tensi´on asociado al plano ser´a entonces:
σ =
4 0 0
0 2 0
0 0 −1
0, 50
0, 7071
−0, 50
=
2, 00
1, 4142
0, 50
Las componentes intr´ınsecas de este vector son:
σn = σ · n = (2, 00, 1, 4142, 0, 50)
0, 50
0, 7071
−0, 50
= 1, 75 MPa
y
τ = |σ|2 − σ2
n = 22 + 1, 41422 + 0, 502 − 1, 752 = 1, 785 MPa
La representaci´on de este punto en el diagrama de Mohr se da en la figura 5.13. N´otese
que se ha tomado la ra´ız positiva de τ y que, por tanto, el punto se sit´ua en el semiplano
superior.
2. Soluci´on gr´afica
Para representar el punto se requieren el ´angulo α y el ´angulo γ:
α = arc cos α = arc cos(0, 50) = 60o
γ = 120o
(dato)
Como el ´angulo γ = 120o
es mayor que 90o
, se toma el ´angulo suplementario, 60o
, para
obtener la representaci´on de Mohr del punto dado.
En la figura 5.13 se da la construcci´on geom´etrica. Tras dibujar los tres c´ırculos de Mohr
a partir de los valores de las tensiones principales, desde los extremos del di´ametro del
c´ırculo C2 se trazan rectas que forman ´angulos de α = 60o
y 180 − γ = 60o
con el eje de
abcisas. Las rectas cortan a la circunferencia C2 en los puntos A y B.
A continuaci´on se trazan las circunferencias conc´entricas con C1 y C3 que pasan por A y
B, respectivamente. La intersecci´on de ambas circunferencias nos da el punto buscado.
56. 46 LECCI ´ON 5. C´IRCULOS DE MOHR
τ ( )MPa
σn
-1
(MPa)4
2
(1,75, 1,785)
α = 60º
C1
C3
C2
γ = 120º180−120 = 60º
A
B
Figura 5.13: Representaci´on del punto en el diagrama de Mohr
5.6.2. Obtenci´on de tensiones principales con el diagrama de Mohr
Las tensiones principales extremas en un punto de un s´olido son: 100 y 50 MPa. El vector
tensi´on correspondiente a un plano π, cuya normal forma un ´angulo de 45o con la direcci´on
principal 1, tiene un m´odulo de σ = 85 MPa y forma con la normal al plano un ´angulo θ = 12, 5o
.
Se pide determinar gr´aficamente el valor de la tensi´on principal intermedia σ2.
Soluci´on:
La construcci´on geom´etrica se da en la figura 5.14. Los datos del problema permiten dibujar
el c´ırculo C2. Trazando desde el extremo izquierdo (tensi´on principal menor σ3) una recta a 45o
con el eje horizontal se obtiene el punto A.
Por otro lado, las componentes intr´ınsecas del vector tensi´on σ dado son:
σn = 85 cos(12, 5o
) = 82, 99 MPa
y
τ = |σ|2 − σ2
n = 852 − 82, 992 = 18, 4 MPa
La representaci´on de este punto (σn, τ) en el diagrama de Mohr es el punto B de la figura
5.14. El centro del c´ırculo C1 se encuentra en la mediatriz de AB. La intersecci´on de la mediatriz
57. 5.6. EJERCICIOS RESUELTOS 47
Figura 5.14: Determinaci´on del centro del c´ırculo C1
con el eje de abcisas se produce para σn = 61, 6 MPa. En consecuencia, la tensi´on principal σ2
es:
σ2 = 50 + (61, 6 − 50) × 2 = 73, 2 MPa
59. Lecci´on 6
Concepto de deformaci´on
6.1. Vector desplazamiento
Sea un punto P dentro de un s´olido el´astico. Sea r0 ≡ (x0, y0, z0) el vector de posici´on del
punto P antes de aplicar ninguna acci´on sobre el s´olido (figura 6.1).
Al aplicar al s´olido un sistema de fuerzas fv, fs, el punto P sufre un desplazamiento, de
forma que su nuevo vector de posici´on es el r1 ≡ (x1, y1, z1).
Se define como vector desplazamiento del punto P, δp, la diferencia:
δp = r1 − r0 =
x1 − x0
y1 − y0
z1 − z0
=
u
v
w
Dentro del s´olido el´astico, el vector desplazamiento δp es una funci´on de punto. Se trata por
tanto de un campo vectorial, el campo de desplazamientos, definido dentro del s´olido el´astico y
asociado a cada sistema de fuerzas que act´ue sobre el mismo.
Cabe se˜nalar los puntos siguientes:
Aunque la definici´on del vector desplazamiento tiene mucha m´as generalidad, nosotros
estamos ´unicamente interesados en el desplazamiento de los puntos del s´olido el´astico en
los casos en que los v´ınculos exteriores del s´olido son suficientes para impedir su movimiento
de s´olido r´ıgido1.
La teor´ıa de la elasticidad lineal postula que la diferencia entre las coordenadas de P antes
de la aplicaci´on del sistema de fuerzas, (x0, y0, z0), y despu´es de la aplicaci´on del mismo,
(x1, y1, z1), es muy peque˜na, despreciable con respecto a las dimensiones del s´olido. En
consecuencia, se definen las componentes del vector δp como funciones de las coordenadas
(x, y, z) del punto P, sin distinguir entre el estado anterior o posterior a la aplicaci´on
de las fuerzas. En lo sucesivo, nosotros asumiremos este postulado, que se conoce con el
nombre de hip´otesis de peque˜nos desplazamientos y que resulta v´alido en la mayor´ıa de las
aplicaciones pr´acticas.
Supondremos que no hay desgarros en el material durante la aplicaci´on del sistema de
fuerzas exteriores. Por lo tanto, las componentes u ≡ u(x, y, z), v ≡ v(x, y, z), w ≡
1
Ver secci´on 1.3.
49
60. 50 LECCI ´ON 6. CONCEPTO DE DEFORMACI ´ON
Z
X
Y
r0
P
P
r1
δp
Figura 6.1: Definici´on del vector desplazamiento δp
w(x, y, z) del vector desplazamiento δp, por el fen´omeno f´ısico que representan, deben ser
funciones continuas, ya que un mismo punto del s´olido no puede desplazarse a dos sitios
diferentes.
6.2. Matrices de giro y deformaci´on
Sea Q otro punto del s´olido el´astico infinitamente pr´oximo a P. Si se analiza el desplazamiento
de estos dos puntos al aplicar un sistema de fuerzas exteriores se tiene (figura 6.2):
PQ = dr0 + δp + dδp y tambi´en
PQ = δp + dr1
luego:
dr1 = dr0 + dδp
y adem´as:
61. 6.2. MATRICES DE GIRO Y DEFORMACI ´ON 51
P
(x,y,z)
P’
Q’Q
(x+dx, y+dy, z+dz)
dr0
dr1
δp
δ δp p+ d
Posición inicial
Posición deformada
Figura 6.2: Desplazamientos en el entorno del punto P
dδp =
du
dv
dw
=
∂u
∂x
∂u
∂y
∂u
∂z
∂v
∂x
∂v
∂y
∂v
∂z
∂w
∂x
∂w
∂y
∂w
∂z
dx
dy
dz
= [M] dr0
Entonces tenemos que:
dr1 = dr0 + [M] dr0
Es decir, la separaci´on dr1 entre los puntos P y Q en el estado que resulta tras aplicar el sistema
de fuerzas es igual a la separaci´on inicial r0 m´as una transformaci´on lineal de la separaci´on
inicial dada por la matriz [M].
La matriz [M] puede descomponerse en suma de una matriz sim´etrica y otra matriz anti-
sim´etrica:
[M] =
1
2
{[M] + [M]t
}
sim´etrica
+
1
2
{[M] − [M]t
}
antisim´etrica
= [D] + [H]
La matriz sim´etrica [D] se conoce con el nombre de matriz de deformaci´on y la matriz
antisim´etrica [H] se llama matriz de giro.
Entonces podemos escribir que la posici´on relativa de los puntos P y Q durante la aplicaci´on
de fuerzas exteriores cambia del modo siguiente:
dr1 = dr0 + [D] dr0 + [H] dr0
Se debe recordar que la transformaci´on lineal de un vector dada por una matriz antisim´etrica
es equivalente a un producto vectorial de un vector ω formado a partir de las componentes de
la matriz por el vector sobre el que se aplica la transformaci´on. Si las componentes de la matriz
62. 52 LECCI ´ON 6. CONCEPTO DE DEFORMACI ´ON
son infinitesimales, la transformaci´on puede interpretarse como un giro infinitesimal de s´olido
r´ıgido alrededor del eje definido por el vector dω (figura 6.3).
dω × dr =
i j k
dωx dωy dωz
dx dy dz
=
dωy dz − dωz dy
dωz dx − dωx dz
dωx dy − dωy dx
=
0 −dωz dωy
dωz 0 −dωx
−dωy dωx 0
componentes de dω
dx
dy
dz
Es decir, durante la aplicaci´on de un sistema de fuerzas, dos puntos pr´oximos P y Q del
s´olido el´astico se mueven uno con respecto al otro:
Girando uno con respecto al otro: giro de s´olido r´ıgido dado por la matriz [H]. Esta
transformaci´on no produce tensiones (fuerzas internas) en el material, ya que la distancia
entre los dos puntos no cambia.
Distorsionando o estirando el material: el movimiento relativo distinto del giro, dado por
la matriz de deformaci´on [D]. Esta transformaci´on produce tensiones (fuerzas internas) en
el material.
La matriz [H] representa un giro puro, esto es, sin deformaci´on, ´unicamente cuando el entorno
del punto P sufre un giro peque˜no o infinitesimal. Esto es, cuando las componentes de [H] son
peque˜nas, tal como estamos suponiendo. En este caso se cumple lo anterior y la matriz [D] re´une
toda la deformaci´on del entorno del punto. Se dice que se trabaja en la hip´otesis de peque˜nos
giros.
Si los giros no son peque˜nos, entonces la matriz [H] construida seg´un se indica m´as arriba,
no representa una transformaci´on de giro puro, sino que incorpora parte de la deformaci´on
del entorno del punto P. En estos casos la deformaci´on se define mediante otras matrices m´as
complicadas que la matriz [D].
dω
P
Q
dr0
[H] dr0
Figura 6.3: Interpretaci´on geom´etrica de la matriz de giro
63. 6.3. EJERCICIOS RESUELTOS 53
Como hemos se˜nalado m´as arriba, nosotros asumimos la hip´otesis de peque˜nos desplaza-
mientos de la elasticidad lineal, que implica que tanto los giros (componentes de la matriz [H])
como las deformaciones (componentes de la matriz [D]) son peque˜nos.
A partir de las componentes del campo de desplazamientos, la matriz de giro es:
[H] =
0 1
2(∂u
∂y − ∂v
∂x ) 1
2(∂u
∂z − ∂w
∂x )
−1
2 (∂u
∂y − ∂v
∂x) 0 1
2(∂v
∂z − ∂w
∂y )
−1
2 (∂u
∂z − ∂w
∂x ) −1
2 (∂v
∂z − ∂w
∂y ) 0
=
0 −az ay
az 0 −ax
−ay ax 0
y la matriz de deformaci´on:
[D] =
∂u
∂x
1
2(∂u
∂y + ∂v
∂x) 1
2 (∂u
∂z + ∂w
∂x )
1
2 (∂u
∂y + ∂v
∂x) ∂v
∂y
1
2 (∂v
∂z + ∂w
∂y )
1
2 (∂u
∂z + ∂w
∂x ) 1
2(∂v
∂z + ∂w
∂y ) ∂w
∂z
=
εx
1
2 γxy
1
2γxz
1
2 γxy εy
1
2 γyz
1
2 γxz
1
2 γyz εz
La matriz de deformaci´on representa una magnitud tensorial de orden 2 que en la literatura
se conoce con el nombre de tensor de peque˜nas deformaciones. Dentro del s´olido el´astico, la
matriz de deformaci´on [D] es una funci´on de punto, se trata por tanto de un campo tensorial
de orden 2.
6.3. Ejercicios resueltos
6.3.1. C´alculo de la matriz de deformaci´on y el giro en el entorno de un punto
Sobre un s´olido el´astico se ha provocado un estado de deformaci´on tal que las componentes
del vector desplazamiento en un sistema cartesiano ortogonal OXY Z son:
u = 4 a x2
v = 8 a z2
w = −2 a y2
con a = 10−6
cm−1
.
Determinar en el punto P = (1, 1, 1) cm, la matriz de deformaci´on y la direcci´on del eje de
giro experimentado por el entorno del punto P.
Soluci´on:
1. Matriz de deformaci´on
A partir de las derivadas de las componentes del campo de desplazamientos, la matriz de
deformaci´on es:
[D] =
∂u
∂x
1
2(∂u
∂y + ∂v
∂x ) 1
2 (∂u
∂z + ∂w
∂x )
1
2 (∂u
∂y + ∂v
∂x) ∂v
∂y
1
2 (∂v
∂z + ∂w
∂y )
1
2(∂u
∂z + ∂w
∂x ) 1
2(∂v
∂z + ∂w
∂y ) ∂w
∂z
=
8 ax 0 0
0 0 8 az − 2 ay
0 8 az − 2 ay 0
64. 54 LECCI ´ON 6. CONCEPTO DE DEFORMACI ´ON
Y en el punto P:
[D] =
8 0 0
0 0 6
0 6 0
10−6
2. Direcci´on del eje de giro del entorno del punto P
A partir de las derivadas de las componentes del campo de desplazamientos, la matriz de
giro es:
[H] =
0 1
2 (∂u
∂y − ∂v
∂x ) 1
2(∂u
∂z − ∂w
∂x )
−1
2 (∂u
∂y − ∂v
∂x) 0 1
2(∂v
∂z − ∂w
∂y )
−1
2 (∂u
∂z − ∂w
∂x ) −1
2 (∂v
∂z − ∂w
∂y ) 0
=
0 0 0
0 0 2 ay + 8 az
0 −2 ay − 8 az 0
Y en el punto P:
[H] =
0 0 0
0 0 10
0 −10 0
10−6
A partir de las componentes de la matriz [H], las componentes del vector de giro infinites-
imal son:
dω =
−10
0
0
10−6
Se trata por tanto de un giro con eje paralelo al eje OX del sistema de referencia.
65. Lecci´on 7
Deformaciones longitudinales y
transversales
7.1. Ecuaciones cinem´aticas
Las componentes de la matriz de deformaci´on [D] se relacionan con las componentes (u, v, w)
del campo de desplazamientos δp mediante las ecuaciones:
εx =
∂u
∂x
εy =
∂v
∂y
εz =
∂w
∂z
γxy =
∂u
∂y
+
∂v
∂x
γxz =
∂u
∂z
+
∂w
∂x
γyz =
∂w
∂y
+
∂v
∂z
Las ecuaciones anteriores constituyen un sistema de ecuaciones diferenciales en derivadas
parciales definido en el volumen V del s´olido el´astico. Relacionan las derivadas del campo de
desplazamientos con las componentes del campo de deformaci´on, en la hip´otesis de peque˜nos
desplazamientos. Son ecuaciones cinem´aticas en el sentido de que definen la deformaci´on sin
tener en cuenta la causa que la produce, esto es, las fuerzas internas en el s´olido. A veces estas
ecuaciones se llaman ecuaciones de compatibilidad del campo de deformaciones con el campo de
desplazamientos.
Las ecuaciones cinem´aticas constituyen el segundo grupo de ecuaciones de la Teor´ıa de la
Elasticidad, tras las ecuaciones de equilibrio que vimos en la lecci´on 3. N´otese que, como en el
caso de las ecuaciones de equilibrio, se trata de ecuaciones lineales.
55
66. 56 LECCI ´ON 7. DEFORMACIONES LONGITUDINALES Y TRANSVERSALES
P
A
B
C
dx
dy
dz dr0
Estado inicial
P
A
B
C
(1+ )dxεx
(1+ )dyεy
(1+ )dzεz
dr1
Estado deformado
P
A
B
C
dx
dy
dz dr0
Estado inicial
Figura 7.1: Significado f´ısico de las deformaciones longitudinales
7.2. Significado de los t´erminos de la matriz de deformaci´on
Los t´erminos εx, εy y εz de la matriz de deformaci´on se conocen con el nombre de de-
formaciones longitudinales. Los otros tres t´erminos, γxy, γxz y γyz, se llaman deformaciones
transversales. A continuaci´on veremos el significado f´ısico de estas dos clases de deformaci´on.
1. Deformaciones longitudinales
Sea el vector dr0 = (dx, dy, dz) en el punto P.
Supongamos que para un determinado estado tensional la matriz de deformaci´on vale:
[D] =
εx 0 0
0 εy 0
0 0 εz
y que la matriz de giro [H] es nula.
De acuerdo con esto, la transformaci´on del vector dr0 durante el proceso de aplicaci´on de
las acciones exteriores ser´a:
dr1 = dr0 + [D] dr0 =
dx
dy
dz
+
εx dx
εy dy
εz dz
=
(1 + εx) dx
(1 + εy) dy
(1 + εz) dz
Es decir, las componentes de la diagonal principal de [D] producen el estiramiento de las
longitudes seg´un los ejes X, Y y Z, respectivamente. Una longitud inicial dx pasa a ser, tras
67. 7.2. SIGNIFICADO DE LOS T´ERMINOS DE LA MATRIZ DE DEFORMACI ´ON 57
la deformaci´on, de (1 + εx) dx. En consecuencia, εx tiene el sentido f´ısico de alargamiento
por unidad de longitud en el punto P en la direcci´on X. N´otese que εx es una magnitud
adimensional, como el resto de las componentes de [D].
El sentido f´ısico de εy y εz es el mismo, referido a los otros dos ejes del sistema de refer-
encia principal. De esta forma, las deformaciones longitudinales producen una dilataci´on
homot´etica del entorno del punto P, sin distorsi´on de ´angulos (figura 7.1).
2. Deformaciones transversales
Sea ahora un estado tensional en el que la matriz de deformaci´on vale:
[D] =
0 1
2 γxy 0
1
2 γxy 0 0
0 0 0
y en el que la matriz de giro [H] es nula.
En este caso, la transformaci´on del vector dr0 durante el proceso de aplicaci´on de las
acciones exteriores ser´a:
dr1 = dr0 + [D] dr0 =
dx
dy
dz
+
1
2 γxy dy
1
2 γxy dx
0
Es decir, el vector (dx, 0, 0) se transforma en el vector (dx, 1
2 γxy dx, 0); y el vector (0, dy, 0)
se transforma en el vector (1
2 γxy dy, dy, 0) (figura 7.2). N´otese que si las deformaciones son
peque˜nas se cumple que:
tan(α) =
1
2γxy dx
dx
=
1
2
γxy ≈ α
tan(β) =
1
2γxy dy
dy
=
1
2
γxy ≈ β
luego,
γxy ≈ α + β = distorsi´on del ´angulo APB
Como las deformaciones son peque˜nas, el ´angulo α es muy peque˜no y, en consecuencia, la
longitud del vector (dx, 0, 0) es pr´acticamente la misma que la del vector (dx, 1
2γxy dx, 0)
(figura 7.2). Por lo tanto, la componente γxy no produce acortamiento o estiramiento en
el material, ´unicamente produce distorsi´on angular.
68. 58 LECCI ´ON 7. DEFORMACIONES LONGITUDINALES Y TRANSVERSALES
P
A
B
C
dx
dy
dz dr0
Estado inicial Estado deformado
P
A
B
C
dx
dy
dz dr0
Estado inicial
P B
C
P
A
B
C
dy
dr1
1/2 dyγxy
1/2 dxγxy
dx
dz
α β
Figura 7.2: Significado f´ısico de las deformaciones transversales
7.3. Deformaci´on seg´un una direcci´on: galgas extensom´etricas
En un punto P del s´olido el´astico, la transformaci´on del vector dr0 = (dx, dy, dz) debida a
lo que hemos llamado deformaci´on viene dada por:
[D] dr0 = [D] n dr0 = εn dr0
donde dr0 es el m´odulo de dr0 y εn = [D] n es el vector deformaci´on unitaria asociada a la
direcci´on n = (α, β, γ) de dr0.
Muchas veces interesa conocer c´omo cambia el m´odulo del vector dr0 al transformarse en dr1
durante la aplicaci´on de las acciones exteriores. Para ello se parte de:
dr1 = dr0 + [D] dr0 + [H] dr0 = {n0 + [D] n + [H] n} dr0
El cuadrado del m´odulo de dr1 viene dado por el producto escalar del vector por s´ı mismo:
dr2
1 = dr1 · dr1 = drt
1 dr1 = {n + [D] n + [H] n}t
{n + [D] n + [H] n} dr2
0
y
dr2
1 = {nt
+ nt
[D] − nt
[H]} {n + [D] n + [H] n} dr2
0
De donde se obtiene:
69. 7.3. DEFORMACI ´ON SEG ´UN UNA DIRECCI ´ON: GALGAS EXTENSOM´ETRICAS 59
dr2
1 = dr2
0 {nt
n + nt
[D] n + nt
[H] n + nt
[D] n + nt
[D] [D] n
+ nt
[D] [H] n − nt
[H] n − nt
[H] [D] n − nt
[H] [H] n}
= dr2
0 {1 + 2 nt
[D] n + nt
[D] [D] n
+ nt
[D] [H] n − nt
[H] [D] n − nt
[H] [H] n}
ya que, por ser [H] una matriz antisim´etrica, se cumple que nt
[H] n = 0 .
Si las deformaciones y giros son peque˜nos (elementos de las matrices [D] y [H] son 1)
entonces los t´erminos de orden superior se podr´an despreciar y quedar´a:
dr2
1 ≈ dr2
0 {1 + 2 nt
[D] n}
Y por ser nt
[D] n 1 , quedar´a finalmente:
dr2
1 ≈ dr2
0 {1 + dnt
[D] dn}2
Es decir, se tendr´a que:
dr1 ≈ dr0 {1 + nt
[D] n} = dr0 {1 + εn}
De este modo, el cambio de m´odulo del vector dr0 se obtiene multiplicando por (1 + εn) el
m´odulo inicial. El escalar εn se conoce con el nombre de deformaci´on longitudinal unitaria y da
el tanto por uno de aumento del m´odulo de dr0.
La deformaci´on longitudinal unitaria en el punto P y en la direcci´on n = (α, β, γ) se calcula
como:
εn = α β γ
εx
1
2 γxy
1
2γxz
1
2 γxy εy
1
2 γyz
1
2 γxz
1
2 γyz εz
α
β
γ
= εx α2
+ εy β2
+ εz γ2
+ γxy α β + γyz β γ + γxz α γ
La deformanci´on unitaria εn es la deformaci´on que medir´a una galga extensom´etrica colocada
en el punto P seg´un la direcci´on n = (α, β, γ).
Una galga extensom´etrica es una resistencia el´ectrica cuyo valor de resistencia var´ıa con la
deformaci´on longitudinal. La galga se adhiere al s´olido y ´este, al deformarse, hace variar su
resistencia. Conocida la resistencia inicial de la galga, la variaci´on de la resistencia, medida
mediante un puente de resistencias, proporciona el valor de la deformaci´on longitudinal unitaria
en la direcci´on en la que se ha colocado la galga.
70. 60 LECCI ´ON 7. DEFORMACIONES LONGITUDINALES Y TRANSVERSALES
ϕ12
n1
n2
Estado inicial
P
ϕ 12’
n1
n2
Estado deformado
P
Figura 7.3: Distorsi´on de ´angulos
7.4. Distorsi´on de ´angulos
En un punto P de un s´olido el´astico se tienen dos direcciones definidas por los vectores
unitarios n1 y n2. Dichas direcciones forman inicialmente (antes de la deformaci´on) un ´angulo
ϕ12. Tras la deformaci´on el ´angulo es ϕ12 (figura 7.3).
Puede demostrarse que el incremento de dicho ´angulo viene dado por:
∆ϕ12 = ϕ12 − ϕ12 =
(εn1 + εn2) cos ϕ12 − 2 nt
1 [D] n2
sin ϕ12
donde:
εn1 = nt
1 [D] n1 = deformaci´on longitudinal unitaria en direcci´on 1
εn2 = nt
2 [D] n2 = deformaci´on longitudinal unitaria en direcci´on 2
[D] = matriz de deformaci´on
7.5. Ejercicios resueltos
7.5.1. C´alculo de variaciones de longitud y de ´angulos
La matriz de deformaci´on de la placa indicada en la figura 7.4, referida a un sistema cartesiano
OXY Z es:
[D] =
y (y−x)
2 0
(y−x)
2 x 0
0 0 0
10−4
(x e y en metros)
Calcular la variaci´on de longitud de los lados y la variaci´on de los ´angulos interiores de los
v´ertices, indicando con signo positivo los aumentos y con negativo las disminuciones.
Soluci´on:
71. 7.5. EJERCICIOS RESUELTOS 61
Y
X
O
A
BC
D
1 m1 m
1 m
Figura 7.4: Placa
1. Variaci´on de longitud de los lados
En el lado AB se tiene que x = 1 m, y entonces la matriz de deformaci´on vale:
[D] =
y (y−1)
2 0
(y−1)
2 1 0
0 0 0
10−4
(y en metros)
El vector que da la direcci´on del lado es nt
= (0, 1, 0). Por lo tanto, la deformaci´on
longitudinal unitaria a lo largo del lado vale:
εn = 0 1 0
y (y−1)
2 0
(y−1)
2 1 0
0 0 0
0
1
0
10−4
= 10−4
El alargamiento del lado ser´a por tanto:
∆l =
1
0
εn dy = 10−4
[y]1
0 = 10−4
m
An´alogamente, en el lado BC se tiene y = 1 m, y la matriz de deformaci´on vale:
[D] =
1 (1−x)
2 0
(1−x)
2 1 0
0 0 0
10−4
(x en metros)
72. 62 LECCI ´ON 7. DEFORMACIONES LONGITUDINALES Y TRANSVERSALES
El vector que da la direcci´on del lado es nt
= (1, 0, 0). Por lo tanto, la deformaci´on
longitudinal unitaria a lo largo del lado vale:
εn = 1 0 0
1 (1−x)
2 0
(1−x)
2 1 0
0 0 0
1
0
0
10−4
= 10−4
El alargamiento del lado BC ser´a por tanto:
∆l =
1
−1
εn dx = 10−4
[x]1
−1 = 2 × 10−4
m
En el lado CD se tiene x = −1 m, y la matriz de deformaci´on vale:
[D] =
y (y+1)
2 0
(y+1)
2 −1 0
0 0 0
10−4
(y en metros)
El vector que da la direcci´on del lado es nt = (0, 1, 0). Por lo tanto, la deformaci´on
longitudinal unitaria a lo largo del lado vale:
εn = 0 1 0
y (y+1)
2 0
(y+1)
2 −1 0
0 0 0
0
1
0
10−4
= −10−4
El alargamiento del lado CD resulta por tanto:
∆l =
1
0
εn dx = −10−4
[y]1
0 = −10−4
m
En el lado DA se tiene y = 0 m, y la matriz de deformaci´on vale:
[D] =
0 −x
2 0
−x
2 x 0
0 0 0
10−4
(x en metros)
El vector que da la direcci´on del lado es nt = (1, 0, 0). Por lo tanto, la deformaci´on
longitudinal unitaria a lo largo del lado vale:
εn = 1 0 0
0 −x
2 0
−x
2 x 0
0 0 0
1
0
0
10−4
= 0
El alargamiento del lado CD resulta por tanto:
∆l =
1
−1
εn dx = 0
73. 7.5. EJERCICIOS RESUELTOS 63
2. Variaci´on de ´angulos interiores
La variaci´on viene dada por la componente:
γxy = 2
y − x
2
10−4
en las esquinas de la placa. Un valor positivo de γxy significa que un ´angulo de lados
paralelos a los ejes XY se cierra.
En la esquina A, se tiene x = 1 m e y = 0, con lo que: γxy = (y − x) 10−4 = −10−4. El
valor negativo indica que un ´angulo de v´ertice en A y lados paralelos a los ejes +X y +Y
se abre. Como consecuencia, el ´angulo interior en A se cierra en 10−4 rad.
Otra forma de ver este resultado es aplicar la f´ormula:
∆ϕ12 = −2 nt
1 [D] n2
= −2 1 0 0
0 −1
2 10−4 0
−1
2 10−4
1 0
0 0 0
0
1
0
= −10−4
En la esquina B, se tiene x = 1 m e y = 1, con lo que: γxy = (y −x) 10−4
= 0. El ´angulo
interior en B permanece recto, sin variaci´on.
En la esquina C, se tiene x = −1 m e y = 0, con lo que: γxy = (y − x) 10−4 = 2 10−4.
El valor positivo indica que un ´angulo de v´ertice en C y lados paralelos a los ejes +X y
+Y se cierra. Como consecuencia, el ´angulo interior en C se abre en 2 10−4 rad.
En la esquina D, se tiene x = −1 m e y = 0, con lo que: γxy = (y − x) 10−4 = 10−4. El
valor positivo indica que un ´angulo de v´ertice en D y lados paralelos a los ejes +X y +Y
se abre. Como consecuencia, el ´angulo interior en D se cierra en 10−4 rad.
74. 64 LECCI ´ON 7. DEFORMACIONES LONGITUDINALES Y TRANSVERSALES