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Aplicación de powerpoint a problemas resueltos de elipses t1 elipse egv1 nº 1-01

esta es una aplicación de powerpoint 2010 para utilizarla en resolución de problemas de la elipse usando hipervinculos y menues

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Hallar los elementos principales: Coordenadas
de los vértices del lado mayor y menor, las
coordenadas de los focos, los lados rectos, las
coordenadas de los extremos de los lados
rectos, las directrices, las asíntotas y las
gráficas de las siguientes ecuaciones:
𝟒𝒙 𝟐
+ 𝒚 𝟐
− 𝟑𝒙 + 𝟒𝒚 − 𝟖 = 𝟏𝟎
2
3
4
SALIR
𝟏𝟔𝒙 𝟐
+ 𝟐𝟓𝒚 𝟐
− 𝟒𝟖𝒙 + 𝟏𝟎𝟎𝒚 − 𝟐𝟔𝟒 = 𝟎
𝟗𝒙 𝟐
+ 𝟏𝟔𝒚 𝟐
− 𝟏𝟒𝟒 = 0
𝟐𝟓𝒙 𝟐
+ 𝟏𝟔𝒚 𝟐
= 𝟒𝟎𝟎
SOLUCIÓN 1
Datos del problema: 𝟗𝒙 𝟐
+ 𝟏𝟔𝒚 𝟐
− 𝟏𝟒𝟒 =0
Dividimos ambos miembros entre el término
independiente, desarrollamos y operamos :
9𝑥2 + 16𝑦2 − 144 = 0 →
9𝑥2
144
+
16𝑦2
144
−
144
144
=
0
144
𝑥2
144
9
+
16𝑦2
144
16
− 1 = 0 →
𝑥2
16
+
𝑦2
9
= 1 (𝑎)
La ecuación (a) es de la forma:
𝑥2
𝑎2 +
𝑦2
𝑏2 = 1 ; que
representa la ecuación de una elipse horizontal
con centro C(0,0). Donde se tiene:
Semieje Mayor: 𝑎2 = 16 → 𝑎 = ±4
Semieje Menor: 𝑏2
= 9 → 𝑏 = ±3
A «c» que es la semidistancia focal lo obtenemos
con la aplicación del Teorema de Pitágoras para
elipses, es decir: 𝑎2 = 𝑏2 + 𝑐2 → 𝑐 = 𝑎2 − 𝑏2 →
𝑐 = ± 7
Luego las coordenadas de los vértices son:
El mayor es:
𝑉2 −𝑎, 0 𝑦 𝑉1 𝑎, 0 → 𝑉2 −4,0 𝑦 𝑉1 4,0
El menor es:
𝐵2 0, −𝑏 𝑦 𝐵1 0, 𝑏 → 𝐵2 0, −3 𝑦 𝐵1 0,3
IR AL MENÚ SIGUIENTE
Las coordenadas de los focos son:
𝐹2 −𝑐, 0 𝑦 𝐹1 𝑐, 0 → 𝐹2 − 7, 0 𝑦 𝐹1 7, 0
La excentricidad es: 𝑒 =
𝑐
𝑎
→ 𝑒 =
7
4
→ 𝑒 = 0,7 < 1
El lado recto es: 𝐿𝑅 =
2𝑏2
𝑎
→ 𝐿𝑅 =
2(3)2
4
→ 𝐿𝑅 =
9
2
Longitud del Lado mayor: 𝑉2 𝑉1 = 2𝑎 → 𝑉2 𝑉1 = 2 4 → 𝑉2 𝑉1 = 8
Longitud del Lado mayor: 𝐵2 𝐵1 = 2𝑏 → 𝐵2 𝐵1 = 2 3 → 𝐵2 𝐵1 = 6
Longitud de la distancia Focal: 𝐹2 𝐹1 = 2𝑐 → 𝐹2 𝐹1 = 2 7 → 𝐹2 𝐹1 = 2 7
Las ecuaciones de las directrices son:
𝐷1: 𝑥1 = ℎ +
𝑎2
𝑐
→ 𝐷1: 𝑥1 = 0 +
16
7
→ 𝐷1: 𝑥1 =
16
7
𝐷2: 𝑥2 = ℎ −
𝑎2
𝑐
→ 𝐷2: 𝑥2 = 0 −
16
7
→ 𝐷2: 𝑥2 = −
16
7
Los extremos de los lados rectos son:
𝐿𝑅1: 𝐿𝑅1 𝐴 7,
9
4
𝐿𝑅1 𝐵 7, −
9
4
𝐿𝑅2: 𝐿𝑅2 𝐷 − 7,
9
4
𝐿𝑅2 𝐸 − 7, −
9
4
La gráfica es la siguiente:
IR AL MENUANTERIOR
SOLUCIÓN 2
Datos del
problema:
𝟐𝟓𝒙 𝟐
+ 𝟏𝟔𝒚 𝟐
= 𝟒𝟎𝟎
𝟐𝟓𝒙 𝟐
+ 𝟏𝟔𝒚 𝟐
= 𝟒𝟎𝟎 →
𝟐𝟓𝒙 𝟐
𝟒𝟎𝟎
+
𝟏𝟔𝒚 𝟐
𝟒𝟎𝟎
=
𝟒𝟎𝟎
𝟒𝟎𝟎
𝒙 𝟐
𝟏𝟔
+
𝒚 𝟐
𝟐𝟓
= 𝟏, tiene la forma
𝒙 𝟐
𝒃 𝟐 +
𝒚 𝟐
𝒂 𝟐 = 𝟏, que
representa la ecuación de una elipse vertical con
centro en C(0,0).
Donde:
𝑏2 = 16 → 𝑏 = ±4; 𝑎2 = 25 → 𝑎 = ±5
El término «c» se halla mediante la relación
pitagórica, es decir: 𝑎2
= 𝑏2
+ 𝑐2
→ 𝑐2
= 𝑎2
− 𝑏2
=
25 − 16
𝑐2
= 9 → 𝑐 = ±3
Las coordenadas de los vértices mayor y menor
son:
𝑉2 0, −𝑎 𝑦 𝑉1 0, 𝑎 → 𝑉2 0, −5 𝑦 𝑉1 0,5
𝐵2 −𝑏, 0 𝑦 𝐵1 𝑏, 0 → 𝐵2 0, −4 𝑦 𝐵1 0,4
Las coordenadas de los focos son:
𝐹2 0, −𝑐 𝑦 𝐹1 0, 𝑐 → 𝐹2 0, −3 𝑦 𝐹1 0,3
La excentricidad es 𝑒 =
𝑐
𝑎
→ 𝑒 =
3
5
< 1
Las Directrices es:
𝐷: 𝑘 ±
𝑎2
𝑐
→
𝐷1: 𝑦1 = 𝑘 +
𝑎2
𝑐
→ 𝐷1: 𝑦1 = 0 +
25
3
𝐷2: 𝑦2 = 𝑘 −
𝑎2
𝑐
→ 𝐷2: 𝑦2 = 0 −
25
3
25 25
SIGUIENTEIR AL MENU
La distancia del eje Mayor es:𝑉2 𝑉1 = 2𝑎; 𝑉2 𝑉1=10
La distancia del Eje Menor es: 𝐵2 𝐵1 = 2𝑏; 𝐵2 𝐵1 =8
La distancia Focal es: 𝐹2 𝐹1 = 2c; 𝐹2 𝐹1 =6
Los lados rectos son:
Las coordenadas de los extremos del lado recto de arrib
𝐿𝑅1𝐼𝑍𝑄(ℎ −
𝑏2
𝑎
, 𝑘 + 𝑐) y 𝐿𝑅1 𝐷𝐸𝑅(ℎ +
𝑏2
𝑎
, 𝑘 + 𝑐)
𝐿𝑅1𝐼𝑍𝑄 ℎ −
𝑏2
𝑎
, 𝑘 + 𝑐 → 𝐿𝑅1𝐼𝑍𝑄(0 −
4 2
5
, 0 + 3)
𝑳𝑹𝟏 𝑰𝒁𝑸(−
𝟏𝟔
𝟓
, 𝟑)
𝐿𝑅1 𝐷𝐸𝑅 ℎ +
𝑏2
𝑎
, 𝑘 + 𝑐 → 𝐿𝑅1 𝐷𝐸𝑅(0 +
4 2
5
, 0 + 3)
𝑳𝑹𝟏 𝑫𝑬𝑹
𝟏𝟔
𝟓
, 𝟑
Las coordenadas de los extremos del lado recto de abaj
𝐿𝑅2𝐼𝑍𝑄(ℎ −
𝑏2
𝑎
, 𝑘 − 𝑐) y 𝐿𝑅2 𝐷𝐸𝑅(ℎ +
𝑏2
𝑎
, 𝑘 − 𝑐)
𝐿𝑅2𝐼𝑍𝑄 ℎ −
𝑏2
𝑎
, 𝑘 − 𝑐 → 𝐿𝑅2𝐼𝑍𝑄(0 −
16
5
, 0 − 3)
𝑳𝑹𝟐 𝑰𝒁𝑸(−
𝟏𝟔
𝟓
, −
𝟏𝟔
𝟓
)
𝐿𝑅2 𝐷𝐸𝑅 ℎ +
𝑏2
𝑎
, 𝑘 − 𝑐 → 𝐿𝑅2 𝐷𝐸𝑅(0 +
(4)2
5
, 0 − 3)
𝐿𝑅2 𝐷𝐸𝑅
16
5
, −
16
5
SIGUIENTEANTERIOR
La gráfica es la siguiente:
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Aplicación de powerpoint a problemas resueltos de elipses t1 elipse egv1 nº 1-01

  • 1. 1 Hallar los elementos principales: Coordenadas de los vértices del lado mayor y menor, las coordenadas de los focos, los lados rectos, las coordenadas de los extremos de los lados rectos, las directrices, las asíntotas y las gráficas de las siguientes ecuaciones: 𝟒𝒙 𝟐 + 𝒚 𝟐 − 𝟑𝒙 + 𝟒𝒚 − 𝟖 = 𝟏𝟎 2 3 4 SALIR 𝟏𝟔𝒙 𝟐 + 𝟐𝟓𝒚 𝟐 − 𝟒𝟖𝒙 + 𝟏𝟎𝟎𝒚 − 𝟐𝟔𝟒 = 𝟎 𝟗𝒙 𝟐 + 𝟏𝟔𝒚 𝟐 − 𝟏𝟒𝟒 = 0 𝟐𝟓𝒙 𝟐 + 𝟏𝟔𝒚 𝟐 = 𝟒𝟎𝟎
  • 2. SOLUCIÓN 1 Datos del problema: 𝟗𝒙 𝟐 + 𝟏𝟔𝒚 𝟐 − 𝟏𝟒𝟒 =0 Dividimos ambos miembros entre el término independiente, desarrollamos y operamos : 9𝑥2 + 16𝑦2 − 144 = 0 → 9𝑥2 144 + 16𝑦2 144 − 144 144 = 0 144 𝑥2 144 9 + 16𝑦2 144 16 − 1 = 0 → 𝑥2 16 + 𝑦2 9 = 1 (𝑎) La ecuación (a) es de la forma: 𝑥2 𝑎2 + 𝑦2 𝑏2 = 1 ; que representa la ecuación de una elipse horizontal con centro C(0,0). Donde se tiene: Semieje Mayor: 𝑎2 = 16 → 𝑎 = ±4 Semieje Menor: 𝑏2 = 9 → 𝑏 = ±3 A «c» que es la semidistancia focal lo obtenemos con la aplicación del Teorema de Pitágoras para elipses, es decir: 𝑎2 = 𝑏2 + 𝑐2 → 𝑐 = 𝑎2 − 𝑏2 → 𝑐 = ± 7 Luego las coordenadas de los vértices son: El mayor es: 𝑉2 −𝑎, 0 𝑦 𝑉1 𝑎, 0 → 𝑉2 −4,0 𝑦 𝑉1 4,0 El menor es: 𝐵2 0, −𝑏 𝑦 𝐵1 0, 𝑏 → 𝐵2 0, −3 𝑦 𝐵1 0,3 IR AL MENÚ SIGUIENTE
  • 3. Las coordenadas de los focos son: 𝐹2 −𝑐, 0 𝑦 𝐹1 𝑐, 0 → 𝐹2 − 7, 0 𝑦 𝐹1 7, 0 La excentricidad es: 𝑒 = 𝑐 𝑎 → 𝑒 = 7 4 → 𝑒 = 0,7 < 1 El lado recto es: 𝐿𝑅 = 2𝑏2 𝑎 → 𝐿𝑅 = 2(3)2 4 → 𝐿𝑅 = 9 2 Longitud del Lado mayor: 𝑉2 𝑉1 = 2𝑎 → 𝑉2 𝑉1 = 2 4 → 𝑉2 𝑉1 = 8 Longitud del Lado mayor: 𝐵2 𝐵1 = 2𝑏 → 𝐵2 𝐵1 = 2 3 → 𝐵2 𝐵1 = 6 Longitud de la distancia Focal: 𝐹2 𝐹1 = 2𝑐 → 𝐹2 𝐹1 = 2 7 → 𝐹2 𝐹1 = 2 7 Las ecuaciones de las directrices son: 𝐷1: 𝑥1 = ℎ + 𝑎2 𝑐 → 𝐷1: 𝑥1 = 0 + 16 7 → 𝐷1: 𝑥1 = 16 7 𝐷2: 𝑥2 = ℎ − 𝑎2 𝑐 → 𝐷2: 𝑥2 = 0 − 16 7 → 𝐷2: 𝑥2 = − 16 7 Los extremos de los lados rectos son: 𝐿𝑅1: 𝐿𝑅1 𝐴 7, 9 4 𝐿𝑅1 𝐵 7, − 9 4 𝐿𝑅2: 𝐿𝑅2 𝐷 − 7, 9 4 𝐿𝑅2 𝐸 − 7, − 9 4 La gráfica es la siguiente: IR AL MENUANTERIOR
  • 4. SOLUCIÓN 2 Datos del problema: 𝟐𝟓𝒙 𝟐 + 𝟏𝟔𝒚 𝟐 = 𝟒𝟎𝟎 𝟐𝟓𝒙 𝟐 + 𝟏𝟔𝒚 𝟐 = 𝟒𝟎𝟎 → 𝟐𝟓𝒙 𝟐 𝟒𝟎𝟎 + 𝟏𝟔𝒚 𝟐 𝟒𝟎𝟎 = 𝟒𝟎𝟎 𝟒𝟎𝟎 𝒙 𝟐 𝟏𝟔 + 𝒚 𝟐 𝟐𝟓 = 𝟏, tiene la forma 𝒙 𝟐 𝒃 𝟐 + 𝒚 𝟐 𝒂 𝟐 = 𝟏, que representa la ecuación de una elipse vertical con centro en C(0,0). Donde: 𝑏2 = 16 → 𝑏 = ±4; 𝑎2 = 25 → 𝑎 = ±5 El término «c» se halla mediante la relación pitagórica, es decir: 𝑎2 = 𝑏2 + 𝑐2 → 𝑐2 = 𝑎2 − 𝑏2 = 25 − 16 𝑐2 = 9 → 𝑐 = ±3 Las coordenadas de los vértices mayor y menor son: 𝑉2 0, −𝑎 𝑦 𝑉1 0, 𝑎 → 𝑉2 0, −5 𝑦 𝑉1 0,5 𝐵2 −𝑏, 0 𝑦 𝐵1 𝑏, 0 → 𝐵2 0, −4 𝑦 𝐵1 0,4 Las coordenadas de los focos son: 𝐹2 0, −𝑐 𝑦 𝐹1 0, 𝑐 → 𝐹2 0, −3 𝑦 𝐹1 0,3 La excentricidad es 𝑒 = 𝑐 𝑎 → 𝑒 = 3 5 < 1 Las Directrices es: 𝐷: 𝑘 ± 𝑎2 𝑐 → 𝐷1: 𝑦1 = 𝑘 + 𝑎2 𝑐 → 𝐷1: 𝑦1 = 0 + 25 3 𝐷2: 𝑦2 = 𝑘 − 𝑎2 𝑐 → 𝐷2: 𝑦2 = 0 − 25 3 25 25 SIGUIENTEIR AL MENU
  • 5. La distancia del eje Mayor es:𝑉2 𝑉1 = 2𝑎; 𝑉2 𝑉1=10 La distancia del Eje Menor es: 𝐵2 𝐵1 = 2𝑏; 𝐵2 𝐵1 =8 La distancia Focal es: 𝐹2 𝐹1 = 2c; 𝐹2 𝐹1 =6 Los lados rectos son: Las coordenadas de los extremos del lado recto de arrib 𝐿𝑅1𝐼𝑍𝑄(ℎ − 𝑏2 𝑎 , 𝑘 + 𝑐) y 𝐿𝑅1 𝐷𝐸𝑅(ℎ + 𝑏2 𝑎 , 𝑘 + 𝑐) 𝐿𝑅1𝐼𝑍𝑄 ℎ − 𝑏2 𝑎 , 𝑘 + 𝑐 → 𝐿𝑅1𝐼𝑍𝑄(0 − 4 2 5 , 0 + 3) 𝑳𝑹𝟏 𝑰𝒁𝑸(− 𝟏𝟔 𝟓 , 𝟑) 𝐿𝑅1 𝐷𝐸𝑅 ℎ + 𝑏2 𝑎 , 𝑘 + 𝑐 → 𝐿𝑅1 𝐷𝐸𝑅(0 + 4 2 5 , 0 + 3) 𝑳𝑹𝟏 𝑫𝑬𝑹 𝟏𝟔 𝟓 , 𝟑 Las coordenadas de los extremos del lado recto de abaj 𝐿𝑅2𝐼𝑍𝑄(ℎ − 𝑏2 𝑎 , 𝑘 − 𝑐) y 𝐿𝑅2 𝐷𝐸𝑅(ℎ + 𝑏2 𝑎 , 𝑘 − 𝑐) 𝐿𝑅2𝐼𝑍𝑄 ℎ − 𝑏2 𝑎 , 𝑘 − 𝑐 → 𝐿𝑅2𝐼𝑍𝑄(0 − 16 5 , 0 − 3) 𝑳𝑹𝟐 𝑰𝒁𝑸(− 𝟏𝟔 𝟓 , − 𝟏𝟔 𝟓 ) 𝐿𝑅2 𝐷𝐸𝑅 ℎ + 𝑏2 𝑎 , 𝑘 − 𝑐 → 𝐿𝑅2 𝐷𝐸𝑅(0 + (4)2 5 , 0 − 3) 𝐿𝑅2 𝐷𝐸𝑅 16 5 , − 16 5 SIGUIENTEANTERIOR
  • 6. La gráfica es la siguiente: ANTERIOR IR AL MENU
  • 7. SOLUCIÓN 3 Datos del problema: 𝟒𝒙 𝟐 + 𝒚 𝟐 − 𝟑𝒙 + 𝟒𝒚 − 𝟖 = 𝟏𝟎 𝟒𝒙 𝟐 + 𝒚 𝟐 − 𝟑𝒙 + 𝟒𝒚 − 𝟖 = 𝟏𝟎 (𝟒𝒙 𝟐 − 𝟑𝒙) + (𝒚 𝟐 +𝟒𝒚) = 𝟏𝟎 + 𝟖 𝟒(𝒙 𝟐 − 𝟑 𝟒 𝒙) + (𝒚 𝟐 +𝟒𝒚) = 𝟏𝟖 𝟒 𝐱 𝟐 − 𝟑 𝟒 𝐱 + 𝟗 𝟔𝟒 − 𝟗 𝟔𝟒 + 𝐲 𝟐 + 𝟒𝐲 + 𝟒 − 𝟒 = 𝟏𝟖 𝟒 𝒙 − 𝟑 𝟖 𝟐 − 𝟗 𝟏𝟔 + 𝒚 + 𝟐 𝟐 − 𝟒 = 𝟏𝟖 𝟒 𝒙 − 𝟑 𝟖 𝟐 + 𝒚 + 𝟐 𝟐 = 𝟐𝟐 + 𝟗 𝟏𝟔 = 𝟑𝟓𝟐 𝟏𝟔 𝟒 𝒙 − 𝟑 𝟖 𝟐 + 𝒚 + 𝟐 𝟐 = 𝟑𝟔𝟏 𝟏𝟔 𝟒 𝒙− 𝟑 𝟖 𝟐 𝟑𝟔𝟏 𝟏𝟔 + 𝒚+𝟐 𝟐 𝟑𝟔𝟏 𝟏𝟔 = 𝟑𝟔𝟏 𝟏𝟔 𝟑𝟔𝟏 𝟏𝟔 → 𝒙− 𝟑 𝟖 𝟐 𝟑𝟔𝟏 𝟔𝟒 + 𝒚+𝟐 𝟐 𝟑𝟔𝟏 𝟏𝟔 = 𝟏 donde se tiene que: 𝟑𝟔𝟏 𝟏𝟔 > 𝟑𝟔𝟏 𝟔𝟒 por tanto, la ecuación es de la forma 𝒙−𝒉 𝟐 𝒃 𝟐 + 𝒚−𝒌 𝟐 𝒂 𝟐 = 𝟏, que representa una ecuación de la elipse vertical de centro C(h,k), es decir C(3/8;-2), donde además tenemos que los ejes mayor y menor son: 𝒂 𝟐 = 𝟑𝟔𝟏 𝟏𝟔 → 𝒂 = ± 𝟏𝟗 𝟒 ; 𝒃 𝟐 = 𝟑𝟔𝟏 𝟔𝟒 → 𝒃 = ± 𝟏𝟗 𝟖 y «c» lo obtenemos mediante el teorema de Pitágoras: 𝒂 𝟐 = 𝒃 𝟐 + 𝒄 𝟐 → 𝒄 𝟐 = 𝟑𝟔𝟏 𝟏𝟔 − 𝟑𝟔𝟏 𝟔𝟒 = 𝟏𝟎𝟖𝟑 𝟔𝟒 → 𝒄 = ± 𝟏𝟗 𝟖 𝟑 Desarrollamos y operamos, agrupamos términos de una misma variable, se completa cuadrado perfecto y se agrupan las constante hacia el otro miembro: IR AL MENU SIGUIENTE
  • 8. Las coordenadas de los vértices mayores y menores son: 𝑉2 ℎ, 𝑘 − 𝑎 𝑦 𝑉1 ℎ, 𝑘 + 𝑎 → 𝑉2 3 8 ; −2 − 19 4 𝑦 𝑉1 3 8 ; −2 + 19 4 𝑉2 3 8 ; − 27 4 𝑦 𝑉1 3 8 ; 11 4 𝐵2(ℎ − 𝑏, 𝑘); 𝐵1 ℎ + 𝑏, 𝑘 → 𝐵2(− 16 8 , −2) y 𝐵1 3 8 + 19 8 , −2 𝐵2 −2, −2 y B1 11 4 ; −2 Las coordenadas de los focos son: 𝐹2 ℎ, 𝑘 − 𝑐 ; 𝐹1 ℎ, 𝑘 + 𝑐 → 𝐹2 3 8 ; −2 − 19 8 3 ; 𝐹1 3 8 ; −2 + 19 8 3 𝐹2 3 8 ; − 16+19 3 8 ; 𝐹1 3 8 ; 19 3−16 8 Las directrices son: 𝐷: 𝑘 ± 𝑎2 𝑐 → 𝐷1: 𝑦1 = 𝑘 + 𝑎2 𝑐 → 𝐷1: 𝑦1 = 19 3 − 12 6 𝐷2: 𝑦2 = 𝑘 − 𝑎2 𝑐 → 𝐷2: 𝑦2 = − 19 3 + 12 6 Los lados rectos son: Lado recto superior: 𝐿𝑅 𝐴𝐵 = 2 𝑏2 𝑎 → 𝐿𝑅 𝐴𝐵 = 2 19 8 2 19 4 = 2·192·4 64·19 = 19 8 Lado recto inferior: 𝐿𝑅 𝐷𝐸 = 2 𝑏2 𝑎 → 𝐿𝑅 𝐷𝐸 = 2( 19 4 ) 19 2 = 2·19 2·19 = 19 8 Las Coordenadas de los extremos de los lados rectos 𝐿𝑅1𝐼𝑍𝑄(ℎ − 𝑏2 𝑎 , 𝑘 + 𝑐) y 𝐿𝑅1 𝐷𝐸𝑅(ℎ + 𝑏2 𝑎 , 𝑘 + 𝑐) 𝐿𝑅1𝐼𝑍𝑄 3 8 − 19 4 2 19 2 , −2 + 19 3 8 → 𝑳𝑹𝟏 𝑰𝒁𝑸(− 𝟏𝟑 𝟏𝟔 , 𝟏𝟗 𝟑−𝟏𝟔 𝟖 ) 𝐿𝑅1 𝐷𝐸𝑅 3 8 + 19 4 2 19 2 , −2 + 19 3 8 → 𝑳𝑹𝟏 𝑫𝑬𝑹 𝟐𝟓 𝟏𝟔 , 𝟏𝟗 𝟑−𝟏𝟔 𝟖 SIGUIENTEANTERIOR
  • 9. La gráfica del problema planteado es: 𝐿𝑅2𝐼𝑍𝑄(ℎ − 𝑏2 𝑎 , 𝑘 − 𝑐) y 𝐿𝑅2 𝐷𝐸𝑅(ℎ + 𝑏2 𝑎 , 𝑘 − 𝑐) 𝐿𝑅2𝐼𝑍𝑄 − 13 16 , − 19 3+16 8 → 𝑳𝑹𝟐 𝑰𝒁𝑸(− 𝟏𝟑 𝟏𝟔 , − 𝟏𝟗 𝟑+𝟏𝟔 𝟖 ) 𝐿𝑅2 𝐷𝐸𝑅 25 16 , − 19 3+16 8 → 𝑳𝑹𝟐 𝑫𝑬𝑹 𝟐𝟓 𝟏𝟔 , − 𝟏𝟗 𝟑+𝟏𝟔 𝟖 ANTERIOR IR AL MENU
  • 10. SOLUCIÓN 4 Datos del problema: 𝟏𝟔𝒙 𝟐 + 𝟐𝟓𝒚 𝟐 − 𝟒𝟖𝒙 + 𝟏𝟎𝟎𝒚 − 𝟐𝟔𝟒 = 𝟎 Desarrollamos y operamos, agrupamos términos de una misma variable, se completa cuadrado perfecto y se agrupan las constante hacia el otro miembro: (𝟏𝟔𝒙 𝟐 − 𝟒𝟖𝒙) + (𝟐𝟓𝒚 𝟐 +𝟏𝟎𝟎𝒚) = 𝟐𝟔𝟒 𝟏𝟔(𝒙 𝟐 − 𝟑𝒙) + 𝟐𝟓(𝒚 𝟐 + 𝟒𝒚) = 𝟐𝟔𝟒 𝟏𝟔 𝒙 𝟐 − 𝟑𝒙 + 𝟗 𝟒 − 𝟗 𝟒 + 𝟐𝟓 𝒚 𝟐 + 𝟒𝒚 + 𝟒 − 𝟒 = 𝟐𝟔𝟒 𝟏𝟔 𝒙 𝟐 − 𝟑𝒙 + 𝟗 𝟒 − 𝟑𝟔 + 𝟐𝟓 𝒚 𝟐 + 𝟒𝒚 + 𝟒 − 𝟏𝟎𝟎 = 𝟐𝟔𝟒 𝟏𝟔 𝒙 − 𝟑 𝟐 𝟐 + 𝟐𝟓 𝒚 + 𝟐 𝟐 = 𝟐𝟔𝟒 + 𝟏𝟎𝟎 + 𝟑𝟔 𝟏𝟔 𝒙 − 𝟑 𝟐 𝟐 + 𝟐𝟓 𝒚 + 𝟐 𝟐 = 𝟒𝟎𝟎 𝟏𝟔 𝒙− 𝟑 𝟐 𝟐 𝟒𝟎𝟎 + 𝟐𝟓 𝒚+𝟐 𝟐 𝟒𝟎𝟎 = 𝟒𝟎𝟎 𝟒𝟎𝟎 → 𝐱− 𝟑 𝟐 𝟐 𝟐𝟓 + 𝐲+𝟐 𝟐 𝟏𝟔 = 𝟏, que es de la forma 𝐱−𝒉 𝟐 𝐚 𝟐 + 𝐲−𝐤 𝟐 𝐛 𝟐 = 𝟏, es decir, la ecuación de la elipse horizontal con centro C(h,k) = 𝐶( 3 2 , −2). 𝑎2 = 25; 𝑎 = ±5, 𝑏2 = 16; 𝑏 = ±4 A «c» lo obtenemos mediante la relación Pitagórica para las elipses, es decir: 𝒂 𝟐 = 𝒃 𝟐 + 𝒄 𝟐 → 𝒄 𝟐 = 𝒂 𝟐 − 𝒃 𝟐 ; 𝒄 = ±𝟑 La excentricidad es: 𝑒 = 𝑐 𝑎 → 𝑒 = 3 5 < 1 Las coordenadas de los vértices mayor y menor son: 𝑉2 ℎ − 𝑎, 𝑘 ; 𝑉1 ℎ + 𝑎, 𝑘 → 𝑉2 − 7 2 , −2 ; 𝑉1 13 2 , −2 𝐵2 ℎ, 𝑘 − 𝑏 ; 𝐵1 ℎ, 𝑘 + 𝑏 → 𝐵2 3 2 , −6 ; 𝐵1 3 2 , 2 Las coordenadas de los focos: 𝐹2 ℎ − 𝑐, 𝑘 ; 𝐹1 ℎ + 𝑐, 𝑘 → 𝐹2 − 3 2 , −2 ; 𝑉1 9 2 , −2 IR AL MENU SIGUIENTE
  • 11. La gráfica del problema planteado es: Las directrices de la elipse horizontal tienen las ecuaciones siguien 𝑥 = ℎ ± 𝑎2 𝑐 → 𝑥2 = ℎ − 𝑎2 𝑐 𝑥1 = ℎ + 𝑎2 𝑐 𝐷1: 𝑥 = 3 2 + 25 3 = 9+50 6 → 𝐷1: 𝑥 = 59 6 𝐷2: 𝑥 = 3 2 − 25 3 = 9−50 6 → 𝐷2: 𝑥 = − 41 6 El lado recto viene dado por: 𝐿𝑅 = 2𝑏2 𝑎 → 𝐿𝑅 = 2(4)2 5 → 𝐿𝑅 = 32 5 Las coordenadas de los extremos de los lados rectos son: Lado Izquierdo Lado Derecho 𝐿𝑅𝐼𝐴𝑅(ℎ − 𝑐, 𝑘 + 𝑏2 𝑎 ) 𝐿𝑅 𝐷𝐴𝑅(ℎ + 𝑐, 𝑘 + 𝑏2 𝑎 ) 𝐿𝑅𝐼𝐴𝑅(− 3 2 , 16 5 ) 𝐿𝑅 𝐷𝐴𝑅( 9 2 , 16 5 ) 𝐿𝑅𝐼𝐴𝐵(ℎ − 𝑐, 𝑘 − 𝑏2 𝑎 ) 𝐿𝑅 𝐷𝐴𝐵(ℎ + 𝑐, 𝑘 − 𝑏2 𝑎 ) 𝐿𝑅𝐼𝐴𝐵(− 3 2 , − 16 5 ) 𝐿𝑅 𝐷𝐴𝐵( 9 5 , − 16 5 ) ANTERIOR IR AL MENU