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P roblemas de   G enética Manuel García-Viñó 2003
PROBLEMAS DE GENÉTICA ,[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object],[object Object]
Problema 1 La lana negra de los borregos se debe a un alelo recesivo,  n , y la lana blanca a su alelo dominante,  N . Al cruzar un carnero blanco con una oveja negra, en la descendencia apareció un borrego negro. ,[object Object],[object Object]
Carnero blanco  x  Oveja negra ,[object Object],Borrego negro Al ser el negro el carácter recesivo, todos los individuos que lo manifiesten serán homocigotos recesivos ( nn ), ya que si tuviesen el alelo dominante  N  mostrarían el fenotipo dominante . nn nn
Carnero blanco  x  Oveja negra ,[object Object],Borrego negro El borrego negro ha recibido un alelo  n  de cada uno de sus progenitores. Por tanto, el carnero blanco debe tenerlo en su genotipo y será heterocigoto. nn Nn nn
[object Object],Carnero blanco  x  Oveja negra Nn nn GAMETOS    DESCENDENCIA (F 1 )    Nn nn Como puedes ver, los borregos blancos de la descendencia son híbridos. Borrego blanco n N n
[object Object],Carnero blanco  x  Oveja negra Nn nn GAMETOS    DESCENDENCIA (F 1 )    Nn nn Al cruzarlos con un individuo que manifieste el carácter recesivo y que sea, por lo tanto,  nn  (cruce prueba), realizaremos el cruce: Nn x nn, semejante al ilustrado arriba, del que obtendremos las frecuencias fenotípicas siguientes: Borrego blanco n N n
[object Object],Carnero blanco  x  Oveja negra Nn nn GAMETOS   DESCENDENCIA (F 1 )   Nn nn ½ Borregos blancos ½ Borregos negros Volver al índice n N n
Problema 2 En el hombre, el albinismo (falta de pigmentación) es el resultado de dos alelos recesivos,  a , y la pigmentación, carácter normal, viene determinada por el alelo dominante  A . Si dos individuos con pigmentación normal tienen un hijo albino : ,[object Object],[object Object]
pigmentación normal  x  pigmentación normal ,[object Object],Albino Como indica el enunciado, el albinismo se debe a la presencia de dos alelos recesivos  a , por tanto el hijo albino tiene un genotipo  aa  y ha recibido un alelo  a  de cada uno de sus progenitores. aa
[object Object],Albino Al tener pigmentación normal, los padres deben tener también presente el alelo  A  y, por consiguiente, son heterocigotos ( Aa ). Aa aa Aa pigmentación normal  x  pigmentación normal
[object Object],La probabilidad de tener un hijo albino es, en este caso, de ¼ (25%). Aa Aa AA Aa Aa aa 1 albino De cada cuatro descendientes GAMETOS  Volver al índice pigmentación normal  x  pigmentación normal A a A a
Problema 3 La talasemia es un tipo de anemia que se da en el hombre. Presenta dos formas, denominadas menor y mayor. Los individuos gravemente afectados son homocigotos recesivos ( T M T M ) para un gen. Las personas poco afectadas son heterocigotos para dicho gen. Los individuos normales son homocigotos dominantes para el gen ( T N T N ). Si todos los individuos con talasemia mayor mueren antes de alcanzar la madurez sexual : ,[object Object],[object Object]
[object Object],La mujer, afectada de talasemia menor, es heterocigota  ( T M T N ) .   En cambio el hombre es homocigoto  T N T N , ya que no padece la enfermedad en ninguna de sus formas. T M T N T N T N con talasemia menor normal x
[object Object],El 100% de los descendientes llegará a adulto. T M T N GAMETOS   DESCENDENCIA (F 1 )   T N T N T N T N T M T N Talasemia menor Normal con talasemia menor normal x T M T N T N
con talasemia menor  x  con talasemia menor  ,[object Object],¾ (75%) de los descendientes llegarán a adultos T M T N GAMETOS   DESCENDENCIA   T M T N Talasemia menor Normal T M T N T M T N T M T M T N T N Talasemia mayor ¼ (25%) de los descendientes no llegarán a adultos Volver al índice T M T N T M T N
Problema 4 En los duraznos, el genotipo homocigoto  G O G O  produce glándulas ovales en la base de las hojas. El heterocigoto  G A G O  produce glándulas redondas, y el homocigoto  G A G A  carece de glándulas. En otro locus, el alelo dominante  L  produce piel peluda y su alelo recesivo  l  da lugar a piel lisa. Si se cruza una variedad homocigota para piel peluda y sin glándulas en la base de sus hojas con una variedad homocigota con glándulas ovales y piel lisa,  ,[object Object]
[object Object],P iel peluda y sin glándulas   x  glándulas ovales y piel lisa P G A G A  LL El individuo de piel peluda y sin glándulas en la base de las hojas es  G A G A  porque éste es el único genotipo que determina la ausencia de glándulas. Además es LL porque nos indican que es homocigoto y que manifiesta el carácter dominante “piel peluda”, determinado por el alelo L.
[object Object],P iel peluda y sin glándulas   x  glándulas ovales y piel lisa P G A G A  LL El individuo de glándulas ovales y piel lisa es  G O G O  porque éste es el único genotipo que determina la presencia de glándulas ovales. Además es ll porque manifiesta el carácter recesivo “piel lisa” determinado por el alelo l.  G O G O  ll
[object Object],P iel peluda y sin glándulas   x  glándulas ovales y piel lisa P G A G A  LL G O G O  ll GAMETOS   F 1 G A G O  Ll Glándulas redondas y piel peluda La primera generación filial será uniforme y estará formada por dihíbridos de glándulas redondas y piel peluda. G A L G O l
[object Object],GAMETOS   F 1 Para obtener la F 2  cruzaremos dos individuos de la F 1 G A G O  Ll G A G O  Ll Cada individuo puede formar cuatro tipos de gametos Dispondremos los gametos en una cuadrícula genotípica para obtener la F 2  . x G A L G A l G O L G O l G A L G A l G O L G O l
[object Object],GAMETOS    G A G A  LL G A G O  Ll G A G O  Ll F 2 G A G A  Ll G A G O  LL G A G O  Ll G A G A  Ll G A G A  ll G A G O  Ll G A G O  ll G A G O  LL G A G O  Ll G O G O  LL G O G O  Ll G A G O  Ll G A G O  ll G O G O  Ll G O G O  ll G A L G A l G O L G O l G A L G A l G O L G O l
[object Object],6/16 glándulas redondas - piel peluda 3/16 sin glándulas - piel peluda 3/16 glándulas ovales - piel peluda 2/16 glándulas redondas - piel lisa 1/16 sin glándulas - piel lisa 1/16 glándulas ovales - piel lisa Proporciones fenotípicas Volver al índice G A G A  LL G A G A  Ll G A G O  LL G A G O  Ll G A G A  Ll G A G A  ll G A G O  Ll G A G O  ll G A G O  LL G A G O  Ll G O G O  LL G O G O  Ll G A G O  Ll G A G O  ll G O G O  Ll G O G O  ll
Problema 5 Un gen recesivo ligado al sexo produce en el hombre el daltonismo. Un gen influido por el sexo determina la calvicie (dominante en los varones y recesivo en las mujeres). Un hombre heterocigoto calvo y daltónico se casa con una mujer sin calvicie y con visión de los colores normal, cuyo padre no era daltónico ni calvo y cuya madre era calva y con visión normal.  ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio?
¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? Daltonismo X     visión normal X d     daltonismo Calvicie C     calvo N     sin calvicie X  >  X d calvo y daltónico  x  sin calvicie y visión normal Nos indican que el hombre es heterocigoto calvo, por lo que su genotipo para este carácter es  CN CN Por otra parte, si es daltónico tendrá el gen que lo determina en su único cromosoma  X X d Y C  >  N N  >  C
¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? Daltonismo X     visión normal X d     daltonismo Calvicie C     calvo N     sin calvicie X  >  X d La mujer será también heterocigota para el gen que determina la calvicie, ya que su madre era calva y tiene que haber heredado de ella un alelo  C  ( CC  es el único genotipo posible para una mujer calva)  CN Además, si no es daltónica y ni su padre ni su madre se indica que lo fueran, su genotipo debe ser homocigoto para la visión normal X d Y CN X X calvo y daltónico  x  sin calvicie y visión normal C  >  N N  >  C
¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? calvo y daltónico GAMETOS    CC X d X CN X d X CC XY CN XY CN X d X NN X d X CN XY NN XY sin calvicie y visión normal CN X d Y CX d CY NX d NY CX NX CN X X
¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? GAMETOS    CC X d X CN X d X CC XY CN XY CN X d X NN X d X CN XY NN XY Fenotipos calvas portadoras no calvas portadoras calvos con visión normal no calvos con visión normal Volver al índice calvo y daltónico sin calvicie y visión normal CN X d Y CX d CY NX d NY CX NX CN X X
Problema 6 El color de tipo normal del cuerpo de  Drosophila  está determinado por el gen dominante  n + ; su alelo recesivo  n  produce el color negro. Cuando una mosca de tipo común de línea pura se cruza con otra de cuerpo negro : ¿qué fracción de la F 2  de tipo común se espera que   sea heterocigota?
¿qué fracción de la F 2  de tipo común se espera que   sea heterocigota? Color normal  x  Color negro El genotipo de la mosca de color normal es  n + n +  puesto que nos indican que es de línea pura. n + n +
¿qué fracción de la F 2  de tipo común se espera que   sea heterocigota? Color normal  x  Color negro La mosca de color negro solo puede ser homocigota  nn, ya que manifiesta el carácter recesivo n + n + nn
¿qué fracción de la F 2  de tipo común se espera que   sea heterocigota? Color normal  x  Color negro La F 1  será de tipo común (color normal) heterocigota. n + n + nn GAMETOS   F 1 n + n Para obtener la F 2  cruzaremos dos individuos de la F 1  . Color normal n + n
¿qué fracción de la F 2  de tipo común se espera que   sea heterocigota? 2/3 de la descendencia de tipo común será heterocigota. n + n n + n F 1 x GAMETOS  n + n + n + n n + n nn F 2 Tipo común Volver al índice n + n + n n
Problema 7 Cruzando dos moscas de tipo común (grises) entre sí, se ob - tuvo una descendencia compuesta por 152 moscas grises y 48 negras. ¿Cuál era la constitución génica de los genitores?  La segregación 3:1 corresponde al cruce entre dos híbridos Mosca gris  x  Mosca gris 152 moscas grises y 48 moscas negras En total 200 moscas 3 moscas grises Por cada mosca negra
Cruzando dos moscas de tipo común (grises) entre sí, se ob - tuvo una descendencia compuesta por 152 moscas grises y 48 negras. ¿Cuál era la constitución génica de los genitores?  n + n n + n x GAMETOS  n + n + n + n n + n nn 3/4 de tipo común 1/4 negras Proporción 3:1 También pueden aparecer moscas grises y negras en un cruce entre un híbrido y un homocigoto recesivo, pero la proporción sería 1:1 Volver al índice n + n + n n
Problema 8 Se cruzaron plantas puras de guisante con longitud del tallo alto y cuya flor era de color blanco con otras de tallo enano y flor roja. Sabiendo que el carácter tallo alto es dominante sobre el tallo enano y que la flor de color blanco es recesiva respecto a la de color rojo : ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2?
¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2? Longitud del tallo T    tallo alto t    tallo enano Color de las flores R    flor roja r    flor blanca T > t R > r Tallo alto y flor blanca  x  Tallo enano y flor roja P TT rr tt RR Se cruzan dos líneas puras: GAMETOS    F 1 Tt Rr Tallo alto y flor roja Tr tR
¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2? GAMETOS     TT RR Tt Rr Tt Rr F 2 TT Rr Tt RR Tt Rr TT Rr TT rr Tt Rr Tt rr Tt RR Tt Rr tt RR tt Rr Tt Rr Tt rr tt Rr tt rr TR Tr tR tr TR Tr tR tr
¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2? GAMETOS     TT RR Tt Rr Tt Rr F 2 TT Rr Tt RR Tt Rr TT Rr TT rr Tt Rr Tt rr Tt RR Tt Rr tt RR tt Rr Tt Rr Tt rr tt Rr tt rr 1/4 (4 de 16) serán dobles heterocigotos. Volver al índice TR Tr tR tr TR Tr tR tr
Problema 9 Las plumas de color marrón para una raza de gallinas están determinadas por el alelo  b + ,  dominante sobre su recesivo  b , que determina color rojo. En otro cromosoma se encuentra el locus del gen  s +  dominante que determina cresta lisa, y la cresta arrugada se debe al recesivo  s . Un macho de cresta lisa y color rojo se cruza con una hembra de cresta lisa y color marrón, produciéndose una descendencia formada por 3 individuos de cresta lisa y color marrón, tres de cresta lisa y color rojo, 1 de cresta arrugada y color marrón y otro de cresta arrugada y color rojo.  Determina el genotipo de los progenitores.
Determina el genotipo de los progenitores. cresta lisa y color marrón 3 cresta lisa y color marrón 3  de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1  cresta arrugada y color rojo Todos los individuos que manifiestan un carácter dominante (cresta lisa     s +   o   color marrón     b + )  poseerán el alelo correspondiente, aunque, en principio, pueden ser homocigotos o heterocigotos para el mismo. s + ? s + ? s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? cresta lisa y color rojo x
Determina el genotipo de los progenitores. Todos los individuos que manifiestan un carácter recesivo (cresta arrugada     s  o   color rojo     b)  serán homocigotos para el mismo. 3 cresta lisa y color marrón 3  de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1  cresta arrugada y color rojo s + ? s + ? s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? ss ss bb bb bb  cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
Determina el genotipo de los progenitores. 3 cresta lisa y color marrón 3  de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1  cresta arrugada y color rojo s + ? s + ? s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? ss ss bb bb bb  cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
Determina el genotipo de los progenitores. La presencia de individuos homocigotos  ss  entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo  s 3 cresta lisa y color marrón 3  de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1  cresta arrugada y color rojo s + ? s + ? s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
Determina el genotipo de los progenitores. La presencia de individuos homocigotos  ss  entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo  s 3 cresta lisa y color marrón 3  de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1  cresta arrugada y color rojo s + s s + s s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
Determina el genotipo de los progenitores. Del mismo modo, la presencia de individuos homocigotos  bb  entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo  b 3 cresta lisa y color marrón 3  de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1  cresta arrugada y color rojo s + s s + s s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
Determina el genotipo de los progenitores. Del mismo modo, la presencia de individuos homocigotos  bb  entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo  b 3 cresta lisa y color marrón 3  de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1  cresta arrugada y color rojo s + s s + s s + ? s + ? b + b b + ? b + ? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
Determina el genotipo de los progenitores. Por tanto, el macho es de cresta lisa heterocigoto y homocigoto recesivo de color rojo. 3 cresta lisa y color marrón 3  de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1  cresta arrugada y color rojo s + s s + s s + ? s + ? b + b b + ? b + ? ss ss bb bb bb Y la hembra es doble heterocigota de cresta lisa y color marrón. cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x Volver al índice
Problema 10 En  Drosophila , el color del cuerpo gris está determinado por el alelo dominante  a + , el color negro por el recesivo a. Las alas de tipo normal por el dominante  vg +  y las alas vestigiales por el recesivo  vg . Al cruzar moscas dihíbridas de tipo común, se produce una descendencia de 384 individuos.  ¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica?
¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica? GAMETOS    a + a + vg + vg + a + a vg + vg a + a vg + vg a + a + vg + vg a + a   vg + vg + a + a   vg + vg   a + a + vg + vg   a + a + vg   vg   a + a   vg + vg   a + a   vg   vg   a + a   vg + vg + a + a   vg + vg   a   a   vg + vg + a   a   vg + vg   a + a   vg + vg   a + a   vg   vg   a   a   vg + vg   a   a   vg   vg   Se cruzan moscas dihíbridas a + vg + a + vg a vg + a vg a + vg + a + vg a vg + a vg
¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica? Frecuencias fenotípicas 9/16 Grises, alas normales 3/16 Grises, alas vestigiales 3/16 Negros, alas normales 1/16 Negros, alas vestigiales 9/16 de 384     216 3/16 de 384     72 3/16 de 384     72  1/16 de 384     24   Volver al índice a + a + vg + vg + a + a + vg + vg a + a   vg + vg + a + a   vg + vg   a + a + vg + vg   a + a + vg   vg   a + a   vg + vg   a + a   vg   vg   a + a   vg + vg + a + a   vg + vg   a   a   vg + vg + a   a   vg + vg   a + a   vg + vg   a + a   vg   vg   a   a   vg + vg   a   a   vg   vg
Problema 11 En el dondiego de noche ( Mirabilis jalapa ), el color rojo de las flores lo determina el alelo C R , dominante incompleto sobre el color blanco producido por el alelo C B , siendo rosas las flores de las plantas heterocigóticas. Si una planta con flores rojas se cruza con otra de flores blancas : ,[object Object],[object Object]
[object Object],Flores blancas Flores rojas x GAMETOS   F 1 C R C B Flores rosas C R C R C B C B La primera generación estará formada por plantas heterocigotas con flores de color rosa. C R C B
[object Object],Flores rosas Flores rosas x GAMETOS  C R C B C R C B C R C R C B C B C R C B C R C B F 1 F 2 ¼ blancas ¼ rojas ½  rosas Proporciones fenotípicas en la F 2 C R C B C R C B
[object Object],C R C B C R C R C R C R C R C B ½  rojas ½  rosas C R C B C B C B C R C B C B C B Flores blancas ½  rosas ½  blancas Volver al índice Flores rosas Flores rosas Flores rojas x x C R C B C R C R C B C B
Problema 12 Si el padre de un niño de grupo sanguíneo  0  es del grupo  A  y la madre del grupo  B , ¿qué fenotipos sanguíneos pueden presentar los hijos que puedan tener?  Grupo sanguíneo A     grupo A B    grupo B (A = B)  >  0 0    grupo 0 El grupo sanguíneo en el hombre está determinado por una serie alélica constituida por tres alelos: los alelos  A  y  B , codominantes, determinan respectivamente los “grupos  A  y  B ”, y el alelo  0  determina el “grupo  0 ” y es recesivo respecto a los otros dos.
Si el padre de un niño de grupo sanguíneo  0  es del grupo  A  y la madre del grupo  B , ¿qué fenotipos sanguíneos pueden presentar los hijos que puedan tener?  Grupo  0 Como el grupo  0  es recesivo, el hijo ha de ser homocigoto  00  . B0 00 A0 grupo  A grupo  B x Los padres,por lo tanto, han de tener ambos el alelo  0 en su genotipo  y son heterocigotos.
Si el padre de un niño de grupo sanguíneo  0  es del grupo  A  y la madre del grupo  B , ¿qué fenotipos sanguíneos pueden presentar los hijos que puedan tener?  B0 A0 grupo  A grupo  B x GAMETOS  AB B0 A0 00 Grupo AB Grupo 0 Grupo B Grupo A FENOTIPOS  Volver al índice A B 0 0
Problema 13 En el ratón, el color del pelo está determinado por una serie alélica. El alelo  A  es letal en homocigosis y pro - duce color amarillo en heterocigosis, el color agutí es - tá determinado por el alelo  A 1  y el negro por el alelo a. La relación entre ellos es  A  >  A 1  >  a . Determina las proporciones genotípicas y fenotípicas de la descen - dencia obtenida al cruzar un ratón amarillo y un agutí, ambos heterocigóticos.
Según los datos del enunciado, los genotipos posibles son: AA 1     Pelaje amarillo Aa     Pelaje amarillo A 1 A 1   Pelaje agutí A 1 a     Pelaje agutí aa     Pelaje negro Los ratones que se cruzan son ambos heterocigotos. El ratón agutí será, por lo tanto,  A 1 a ; el ratón amarillo, en cambio, puede ser  AA 1   o  Aa  y existen dos cruces posibles entre ratones amarillos y agutí heterocigotos: AA 1   x  A 1 a Aa   x  A 1 a 1 er  caso 2 o  caso
A 1 a AA 1 GAMETOS  AA 1 A 1 A 1 Aa A 1 a 1/4 1/4 1/4 1/4 FENOTIPOS  GENOTIPOS  1/2 Amarillo 1/2 Agutí A A 1 a 1 er  caso Amarillo Agutí x A 1
A 1 a Aa GAMETOS  AA 1 A 1 a Aa aa 1/4 1/4 1/4 1/4 FENOTIPOS  GENOTIPOS  1/2 Amarillo 1/4 Agutí 1/4 negro Volver al índice A a a 2 o  caso Amarillo Agutí x A 1
Problema 14 En el tomate, el color rojo  ( R )  del fruto es dominante sobre el color amarillo  ( r )  y la forma biloculada  ( B )  domina sobre la multiloculada  ( b ) . Se desea obtener una línea de plantas de frutos rojos y multiloculados, a partir del cruzamiento entre razas puras rojas y biloculadas con razas amarillas y multiloculadas.  ¿ Q ué proporción de la F 2  tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres?
¿ Q ué proporción de la F 2  tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres?  Rojo biloculado   x   Amarillo multiloculado   P   RR BB rr bb GAMETOS   F 1 Rr Bb 100% Rojos biloculados RB rb
GAMETOS     RR BB Rr Bb Rr Bb F 2 RR Bb Rr BB Rr Bb RR Bb RR bb Rr Bb Rr bb Rr BB Rr Bb rr BB rr Bb Rr Bb Rr bb rr Bb rr bb ¿ Q ué proporción de la F 2  tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres?  RB Rb rB rb RB Rb rB rb
GAMETOS     RR BB Rr Bb Rr Bb F 2 RR Bb Rr BB Rr Bb RR Bb RR bb Rr Bb Rr bb Rr BB Rr Bb rr BB rr Bb Rr Bb Rr bb rr Bb rr bb 3/16  rojos multiloculados ¿ Q ué proporción de la F 2  tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres?  1/3  de ellos son homocigóticos Volver al índice RB Rb rB rb RB Rb rB rb
Problema 15 La ausencia de patas en las reses se debe a un gen letal recesivo  ( l ) . Del apareamiento entre un toro heterocigótico normal y una vaca no portadora, ¿qué proporción genotípica se espera en la F 2  adulta (los becerros amputados mueren antes de nacer) obtenida del apareamiento al azar entre los individuos de la F 1 ?
Toro heterocigótico x Vaca no portadora Ll LL GAMETOS    F 1    LL Ll P    Para obtener la F 2  se deben cruzar al azar los individuos de la F 1 . Al haber en la F 1  individuos con dos genotipos diferentes, existen cuatro cruzamientos posibles:  LL  x  LL ,  LL  x  Ll, Ll x LL*  y  Ll  x  Ll * Aunque el resultado de los cruces  LL  x  Ll  y  Ll  x  Ll  serán los mismos,   hay que considerar ambos para que las proporciones obtenidas sean las correctas. L L l
LL LL LL LL LL LL GAMETOS  *  1 er  CRUZAMIENTO * * Se representan todos los gametos posibles, incluso los que son iguales, para facilitar la interpretación del resultado final, en el que todos los cruzamientos deben tener la misma importancia. x L L L L
Ll LL LL Ll LL Ll GAMETOS   2 o  CRUZAMIENTO x L l L L
LL Ll LL LL Ll Ll GAMETOS   3 er  CRUZAMIENTO x L L L l
Ll Ll LL Ll Ll ll GAMETOS   4 o  CRUZAMIENTO x L l L l
RESULTADO DEL 1 er  CRUZAMIENTO LL LL LL LL RESULTADO DEL 2 o  CRUZAMIENTO LL Ll LL Ll RESULTADO DEL 4 o  CRUZAMIENTO LL Ll Ll ll Los individuos homocigotos recesivos mueren antes de nacer y no deben ser contabilizados en la descendencia. 9/15  de la F 2  serán individuos homocigotos normales 6/15  de la F 2  serán individuos heterocigotos portadores Volver al índice RESULTADO DEL 3 er  CRUZAMIENTO LL Ll LL Ll
Problema 16 En la gallina los genes para la cresta en roseta  R + , y la cresta guisante  P + , si se encuentran en el mismo genotipo producen la cresta en nuez; de la misma manera, sus respectivos alelos recesivos producen en homocigosis cresta sencilla. ¿Cuál será la proporción fenotípica del cruce  R + RP + P  x  R + RP + P ?  R + R +  P + P + ,  R + R +  P + P ,  R + R P + P + ,  R + R P + P   R + R +  PP ,  R + R PP RR P + P + ,  RR P + P RR PP Nuez Roseta Guisante Sencilla
Cresta nuez Cresta nuez R + RP + P R + RP + P GAMETOS    R + R + P + P + R + R + P + P R + R   P + P + R + R   P + P   R + R + P + P   R + R + P   P   R + R   P + P   R + R   P   P   R + R   P + P + R + R   P + P   R   R   P + P + R   R   P + P   R + R   P + P   R + R   P   P   R   R   P + P   R   R   P   P   9/16     Cresta nuez 3/16     Cresta roseta 3/16     Cresta guisante 1/16     Cresta sencilla Volver al índice R + P + R + P R P + R P R + P + R + P R P + R P
Problema 17 Determina el genotipo de los genitores sabiendo que el cruce de individuos con cresta roseta por individuos con cresta guisante produce una F 1  compuesta por cinco individuos con cresta roseta y seis con cresta nuez.
Cresta roseta  x  Cresta guisante P R + ? PP 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP Los individuos con cresta roseta deben tener en su geno-tipo el alelo  R + ,  pero no el  P + ,  ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.
Cresta roseta  x  Cresta guisante P R + ? PP RR P + ? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP El individuo con cresta guisante debe tener en su genotipo el alelo  P + ,  pero no el  R + ,  ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.
Cresta roseta  x  Cresta guisante P R + ? PP RR P + ? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP R + ? P + ? El individuo con cresta en nuez deben tener en su geno-tipo los alelos  R +   y  P + ,  ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.
Cresta roseta  x  Cresta guisante P R + ?  PP RR P + ? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP R + ? P + ? Puesto que no aparecen individuos homocigotos  RR  en la descendencia y que todos los descendientes poseen el ale-lo  R + ,  el progenitor con cresta roseta debe ser homocigoto  R + R + .
Cresta roseta  x  Cresta guisante P R + R +  PP RR P + ? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP R + ? P + ? Puesto que no aparecen individuos homocigotos  RR  en la descendencia y como todos los descendientes poseen el alelo  R + ,  el progenitor con cresta roseta debe ser homoci-goto  R + R + .
Cresta roseta  x  Cresta guisante P R + R +  PP RR P + ? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ?  PP R + ? P + ? Como los descendientes con cresta roseta son necesaria-mente homocigotos  PP,  deben haber recibido un alelo  P  de cada un de los progenitores, que deben tenerlo presen-te en su genotipo.
Cresta roseta  x  Cresta guisante P R + R +  PP RR P +  P 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP R + ? P + ? Como los descendientes con cresta roseta son necesaria-mente homocigotos  PP,  deben haber recibido un alelo  P  de cada un de los progenitores, que deben tenerlo presen-te en su genotipo.
Problema 18 En el ratón el gen  c +  produce pigmentación en el pelo. La coloración de los individuos  c + c +  o  c + c  depende de su genotipo respecto a otro gen  a +  situado en otro cromosoma. Los individuos  a + a +  y  a + a  son grises y los  aa  negros. Dos ratones grises producen una descendencia compuesta por los siguientes fenotipos: 9 grises, 4 albinos y 3 negros. ¿Cuál es el genotipo de los genitores?
Ratón gris  x  Ratón gris P c + ? a + ?  9  ratones grises 4  ratones albinos 3  ratones negros F 1 c + ? a + ?  Los ratones grises tienen que tener presentes en su genotipo los alelos c+, responsable de la pigmentación, y a+, responsable del color gris. c + ? a + ?
Ratón gris  x  Ratón gris P c + ? a + ?  9  ratones grises 4  ratones albinos 3  ratones negros F 1 c + ? a + ?  Los ratones albinos son homocigotos  cc , ya que es este alelo recesivo el responsable de la falta de pigmentación. c + ? a + ? cc ??
Ratón gris  x  Ratón gris P c + ? a + ?  9  ratones grises 4  ratones albinos 3  ratones negros F 1 c + ? a + ?  Los ratones negros tienen que tener presentes en su genotipo los alelos  c + ,  responsable de la pigmentación, y  a , responsable del color negro. c + ? a + ? cc ??  c + ? aa
Ratón gris  x  Ratón gris P c + ?  a + ?   9  ratones grises 4  ratones albinos 3  ratones negros F 1 c + ? a + ?  Los descendientes con genotipos  cc  y  aa  deben haber re-cibido un alelo  c  y otro  a  de cada uno de sus progenitores, por lo que estos deben estar presentes en ambos genoti-pos.  c + ?  a + ? cc  ??  c + ?  aa
Ratón gris  x  Ratón gris P 9  ratones grises 4  ratones albinos 3  ratones negros F 1 c + ? a + ?  Los descendientes con genotipos  cc  y  aa  deben haber re-cibido un alelo  c  y otro  a  de cada uno de sus progenitores, por lo que estos deben estar presentes en ambos genoti-pos.  cc ??  c + ? aa Volver al índice c + c a + a  c + c a + a
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Problemas De GenéTica

  • 1. P roblemas de G enética Manuel García-Viñó 2003
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  • 24. Problema 5 Un gen recesivo ligado al sexo produce en el hombre el daltonismo. Un gen influido por el sexo determina la calvicie (dominante en los varones y recesivo en las mujeres). Un hombre heterocigoto calvo y daltónico se casa con una mujer sin calvicie y con visión de los colores normal, cuyo padre no era daltónico ni calvo y cuya madre era calva y con visión normal. ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio?
  • 25. ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? Daltonismo X  visión normal X d  daltonismo Calvicie C  calvo N  sin calvicie X > X d calvo y daltónico x sin calvicie y visión normal Nos indican que el hombre es heterocigoto calvo, por lo que su genotipo para este carácter es CN CN Por otra parte, si es daltónico tendrá el gen que lo determina en su único cromosoma X X d Y C > N N > C
  • 26. ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? Daltonismo X  visión normal X d  daltonismo Calvicie C  calvo N  sin calvicie X > X d La mujer será también heterocigota para el gen que determina la calvicie, ya que su madre era calva y tiene que haber heredado de ella un alelo C ( CC es el único genotipo posible para una mujer calva) CN Además, si no es daltónica y ni su padre ni su madre se indica que lo fueran, su genotipo debe ser homocigoto para la visión normal X d Y CN X X calvo y daltónico x sin calvicie y visión normal C > N N > C
  • 27. ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? calvo y daltónico GAMETOS   CC X d X CN X d X CC XY CN XY CN X d X NN X d X CN XY NN XY sin calvicie y visión normal CN X d Y CX d CY NX d NY CX NX CN X X
  • 28. ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? GAMETOS   CC X d X CN X d X CC XY CN XY CN X d X NN X d X CN XY NN XY Fenotipos calvas portadoras no calvas portadoras calvos con visión normal no calvos con visión normal Volver al índice calvo y daltónico sin calvicie y visión normal CN X d Y CX d CY NX d NY CX NX CN X X
  • 29. Problema 6 El color de tipo normal del cuerpo de Drosophila está determinado por el gen dominante n + ; su alelo recesivo n produce el color negro. Cuando una mosca de tipo común de línea pura se cruza con otra de cuerpo negro : ¿qué fracción de la F 2 de tipo común se espera que sea heterocigota?
  • 30. ¿qué fracción de la F 2 de tipo común se espera que sea heterocigota? Color normal x Color negro El genotipo de la mosca de color normal es n + n + puesto que nos indican que es de línea pura. n + n +
  • 31. ¿qué fracción de la F 2 de tipo común se espera que sea heterocigota? Color normal x Color negro La mosca de color negro solo puede ser homocigota nn, ya que manifiesta el carácter recesivo n + n + nn
  • 32. ¿qué fracción de la F 2 de tipo común se espera que sea heterocigota? Color normal x Color negro La F 1 será de tipo común (color normal) heterocigota. n + n + nn GAMETOS  F 1 n + n Para obtener la F 2 cruzaremos dos individuos de la F 1 . Color normal n + n
  • 33. ¿qué fracción de la F 2 de tipo común se espera que sea heterocigota? 2/3 de la descendencia de tipo común será heterocigota. n + n n + n F 1 x GAMETOS  n + n + n + n n + n nn F 2 Tipo común Volver al índice n + n + n n
  • 34. Problema 7 Cruzando dos moscas de tipo común (grises) entre sí, se ob - tuvo una descendencia compuesta por 152 moscas grises y 48 negras. ¿Cuál era la constitución génica de los genitores? La segregación 3:1 corresponde al cruce entre dos híbridos Mosca gris x Mosca gris 152 moscas grises y 48 moscas negras En total 200 moscas 3 moscas grises Por cada mosca negra
  • 35. Cruzando dos moscas de tipo común (grises) entre sí, se ob - tuvo una descendencia compuesta por 152 moscas grises y 48 negras. ¿Cuál era la constitución génica de los genitores? n + n n + n x GAMETOS  n + n + n + n n + n nn 3/4 de tipo común 1/4 negras Proporción 3:1 También pueden aparecer moscas grises y negras en un cruce entre un híbrido y un homocigoto recesivo, pero la proporción sería 1:1 Volver al índice n + n + n n
  • 36. Problema 8 Se cruzaron plantas puras de guisante con longitud del tallo alto y cuya flor era de color blanco con otras de tallo enano y flor roja. Sabiendo que el carácter tallo alto es dominante sobre el tallo enano y que la flor de color blanco es recesiva respecto a la de color rojo : ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2?
  • 37. ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2? Longitud del tallo T  tallo alto t  tallo enano Color de las flores R  flor roja r  flor blanca T > t R > r Tallo alto y flor blanca x Tallo enano y flor roja P TT rr tt RR Se cruzan dos líneas puras: GAMETOS  F 1 Tt Rr Tallo alto y flor roja Tr tR
  • 38. ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2? GAMETOS   TT RR Tt Rr Tt Rr F 2 TT Rr Tt RR Tt Rr TT Rr TT rr Tt Rr Tt rr Tt RR Tt Rr tt RR tt Rr Tt Rr Tt rr tt Rr tt rr TR Tr tR tr TR Tr tR tr
  • 39. ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2? GAMETOS   TT RR Tt Rr Tt Rr F 2 TT Rr Tt RR Tt Rr TT Rr TT rr Tt Rr Tt rr Tt RR Tt Rr tt RR tt Rr Tt Rr Tt rr tt Rr tt rr 1/4 (4 de 16) serán dobles heterocigotos. Volver al índice TR Tr tR tr TR Tr tR tr
  • 40. Problema 9 Las plumas de color marrón para una raza de gallinas están determinadas por el alelo b + , dominante sobre su recesivo b , que determina color rojo. En otro cromosoma se encuentra el locus del gen s + dominante que determina cresta lisa, y la cresta arrugada se debe al recesivo s . Un macho de cresta lisa y color rojo se cruza con una hembra de cresta lisa y color marrón, produciéndose una descendencia formada por 3 individuos de cresta lisa y color marrón, tres de cresta lisa y color rojo, 1 de cresta arrugada y color marrón y otro de cresta arrugada y color rojo. Determina el genotipo de los progenitores.
  • 41. Determina el genotipo de los progenitores. cresta lisa y color marrón 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo Todos los individuos que manifiestan un carácter dominante (cresta lisa  s + o color marrón  b + ) poseerán el alelo correspondiente, aunque, en principio, pueden ser homocigotos o heterocigotos para el mismo. s + ? s + ? s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? cresta lisa y color rojo x
  • 42. Determina el genotipo de los progenitores. Todos los individuos que manifiestan un carácter recesivo (cresta arrugada  s o color rojo  b) serán homocigotos para el mismo. 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s + ? s + ? s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
  • 43. Determina el genotipo de los progenitores. 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s + ? s + ? s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
  • 44. Determina el genotipo de los progenitores. La presencia de individuos homocigotos ss entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo s 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s + ? s + ? s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
  • 45. Determina el genotipo de los progenitores. La presencia de individuos homocigotos ss entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo s 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s + s s + s s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
  • 46. Determina el genotipo de los progenitores. Del mismo modo, la presencia de individuos homocigotos bb entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo b 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s + s s + s s + ? s + ? b + ? b + ? b + ? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
  • 47. Determina el genotipo de los progenitores. Del mismo modo, la presencia de individuos homocigotos bb entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo b 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s + s s + s s + ? s + ? b + b b + ? b + ? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x
  • 48. Determina el genotipo de los progenitores. Por tanto, el macho es de cresta lisa heterocigoto y homocigoto recesivo de color rojo. 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s + s s + s s + ? s + ? b + b b + ? b + ? ss ss bb bb bb Y la hembra es doble heterocigota de cresta lisa y color marrón. cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x Volver al índice
  • 49. Problema 10 En Drosophila , el color del cuerpo gris está determinado por el alelo dominante a + , el color negro por el recesivo a. Las alas de tipo normal por el dominante vg + y las alas vestigiales por el recesivo vg . Al cruzar moscas dihíbridas de tipo común, se produce una descendencia de 384 individuos. ¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica?
  • 50. ¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica? GAMETOS   a + a + vg + vg + a + a vg + vg a + a vg + vg a + a + vg + vg a + a vg + vg + a + a vg + vg a + a + vg + vg a + a + vg vg a + a vg + vg a + a vg vg a + a vg + vg + a + a vg + vg a a vg + vg + a a vg + vg a + a vg + vg a + a vg vg a a vg + vg a a vg vg Se cruzan moscas dihíbridas a + vg + a + vg a vg + a vg a + vg + a + vg a vg + a vg
  • 51. ¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica? Frecuencias fenotípicas 9/16 Grises, alas normales 3/16 Grises, alas vestigiales 3/16 Negros, alas normales 1/16 Negros, alas vestigiales 9/16 de 384  216 3/16 de 384  72 3/16 de 384  72 1/16 de 384  24 Volver al índice a + a + vg + vg + a + a + vg + vg a + a vg + vg + a + a vg + vg a + a + vg + vg a + a + vg vg a + a vg + vg a + a vg vg a + a vg + vg + a + a vg + vg a a vg + vg + a a vg + vg a + a vg + vg a + a vg vg a a vg + vg a a vg vg
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  • 56. Problema 12 Si el padre de un niño de grupo sanguíneo 0 es del grupo A y la madre del grupo B , ¿qué fenotipos sanguíneos pueden presentar los hijos que puedan tener? Grupo sanguíneo A  grupo A B  grupo B (A = B) > 0 0  grupo 0 El grupo sanguíneo en el hombre está determinado por una serie alélica constituida por tres alelos: los alelos A y B , codominantes, determinan respectivamente los “grupos A y B ”, y el alelo 0 determina el “grupo 0 ” y es recesivo respecto a los otros dos.
  • 57. Si el padre de un niño de grupo sanguíneo 0 es del grupo A y la madre del grupo B , ¿qué fenotipos sanguíneos pueden presentar los hijos que puedan tener? Grupo 0 Como el grupo 0 es recesivo, el hijo ha de ser homocigoto 00 . B0 00 A0 grupo A grupo B x Los padres,por lo tanto, han de tener ambos el alelo 0 en su genotipo y son heterocigotos.
  • 58. Si el padre de un niño de grupo sanguíneo 0 es del grupo A y la madre del grupo B , ¿qué fenotipos sanguíneos pueden presentar los hijos que puedan tener? B0 A0 grupo A grupo B x GAMETOS  AB B0 A0 00 Grupo AB Grupo 0 Grupo B Grupo A FENOTIPOS  Volver al índice A B 0 0
  • 59. Problema 13 En el ratón, el color del pelo está determinado por una serie alélica. El alelo A es letal en homocigosis y pro - duce color amarillo en heterocigosis, el color agutí es - tá determinado por el alelo A 1 y el negro por el alelo a. La relación entre ellos es A > A 1 > a . Determina las proporciones genotípicas y fenotípicas de la descen - dencia obtenida al cruzar un ratón amarillo y un agutí, ambos heterocigóticos.
  • 60. Según los datos del enunciado, los genotipos posibles son: AA 1  Pelaje amarillo Aa  Pelaje amarillo A 1 A 1  Pelaje agutí A 1 a  Pelaje agutí aa  Pelaje negro Los ratones que se cruzan son ambos heterocigotos. El ratón agutí será, por lo tanto, A 1 a ; el ratón amarillo, en cambio, puede ser AA 1 o Aa y existen dos cruces posibles entre ratones amarillos y agutí heterocigotos: AA 1 x A 1 a Aa x A 1 a 1 er caso 2 o caso
  • 61. A 1 a AA 1 GAMETOS  AA 1 A 1 A 1 Aa A 1 a 1/4 1/4 1/4 1/4 FENOTIPOS  GENOTIPOS  1/2 Amarillo 1/2 Agutí A A 1 a 1 er caso Amarillo Agutí x A 1
  • 62. A 1 a Aa GAMETOS  AA 1 A 1 a Aa aa 1/4 1/4 1/4 1/4 FENOTIPOS  GENOTIPOS  1/2 Amarillo 1/4 Agutí 1/4 negro Volver al índice A a a 2 o caso Amarillo Agutí x A 1
  • 63. Problema 14 En el tomate, el color rojo ( R ) del fruto es dominante sobre el color amarillo ( r ) y la forma biloculada ( B ) domina sobre la multiloculada ( b ) . Se desea obtener una línea de plantas de frutos rojos y multiloculados, a partir del cruzamiento entre razas puras rojas y biloculadas con razas amarillas y multiloculadas. ¿ Q ué proporción de la F 2 tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres?
  • 64. ¿ Q ué proporción de la F 2 tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres? Rojo biloculado x Amarillo multiloculado P RR BB rr bb GAMETOS  F 1 Rr Bb 100% Rojos biloculados RB rb
  • 65. GAMETOS   RR BB Rr Bb Rr Bb F 2 RR Bb Rr BB Rr Bb RR Bb RR bb Rr Bb Rr bb Rr BB Rr Bb rr BB rr Bb Rr Bb Rr bb rr Bb rr bb ¿ Q ué proporción de la F 2 tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres? RB Rb rB rb RB Rb rB rb
  • 66. GAMETOS   RR BB Rr Bb Rr Bb F 2 RR Bb Rr BB Rr Bb RR Bb RR bb Rr Bb Rr bb Rr BB Rr Bb rr BB rr Bb Rr Bb Rr bb rr Bb rr bb 3/16 rojos multiloculados ¿ Q ué proporción de la F 2 tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres? 1/3 de ellos son homocigóticos Volver al índice RB Rb rB rb RB Rb rB rb
  • 67. Problema 15 La ausencia de patas en las reses se debe a un gen letal recesivo ( l ) . Del apareamiento entre un toro heterocigótico normal y una vaca no portadora, ¿qué proporción genotípica se espera en la F 2 adulta (los becerros amputados mueren antes de nacer) obtenida del apareamiento al azar entre los individuos de la F 1 ?
  • 68. Toro heterocigótico x Vaca no portadora Ll LL GAMETOS  F 1  LL Ll P  Para obtener la F 2 se deben cruzar al azar los individuos de la F 1 . Al haber en la F 1 individuos con dos genotipos diferentes, existen cuatro cruzamientos posibles: LL x LL , LL x Ll, Ll x LL* y Ll x Ll * Aunque el resultado de los cruces LL x Ll y Ll x Ll serán los mismos, hay que considerar ambos para que las proporciones obtenidas sean las correctas. L L l
  • 69. LL LL LL LL LL LL GAMETOS *  1 er CRUZAMIENTO * * Se representan todos los gametos posibles, incluso los que son iguales, para facilitar la interpretación del resultado final, en el que todos los cruzamientos deben tener la misma importancia. x L L L L
  • 70. Ll LL LL Ll LL Ll GAMETOS  2 o CRUZAMIENTO x L l L L
  • 71. LL Ll LL LL Ll Ll GAMETOS  3 er CRUZAMIENTO x L L L l
  • 72. Ll Ll LL Ll Ll ll GAMETOS  4 o CRUZAMIENTO x L l L l
  • 73. RESULTADO DEL 1 er CRUZAMIENTO LL LL LL LL RESULTADO DEL 2 o CRUZAMIENTO LL Ll LL Ll RESULTADO DEL 4 o CRUZAMIENTO LL Ll Ll ll Los individuos homocigotos recesivos mueren antes de nacer y no deben ser contabilizados en la descendencia. 9/15 de la F 2 serán individuos homocigotos normales 6/15 de la F 2 serán individuos heterocigotos portadores Volver al índice RESULTADO DEL 3 er CRUZAMIENTO LL Ll LL Ll
  • 74. Problema 16 En la gallina los genes para la cresta en roseta R + , y la cresta guisante P + , si se encuentran en el mismo genotipo producen la cresta en nuez; de la misma manera, sus respectivos alelos recesivos producen en homocigosis cresta sencilla. ¿Cuál será la proporción fenotípica del cruce R + RP + P x R + RP + P ? R + R + P + P + , R + R + P + P , R + R P + P + , R + R P + P R + R + PP , R + R PP RR P + P + , RR P + P RR PP Nuez Roseta Guisante Sencilla
  • 75. Cresta nuez Cresta nuez R + RP + P R + RP + P GAMETOS   R + R + P + P + R + R + P + P R + R P + P + R + R P + P R + R + P + P R + R + P P R + R P + P R + R P P R + R P + P + R + R P + P R R P + P + R R P + P R + R P + P R + R P P R R P + P R R P P 9/16  Cresta nuez 3/16  Cresta roseta 3/16  Cresta guisante 1/16  Cresta sencilla Volver al índice R + P + R + P R P + R P R + P + R + P R P + R P
  • 76. Problema 17 Determina el genotipo de los genitores sabiendo que el cruce de individuos con cresta roseta por individuos con cresta guisante produce una F 1 compuesta por cinco individuos con cresta roseta y seis con cresta nuez.
  • 77. Cresta roseta x Cresta guisante P R + ? PP 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP Los individuos con cresta roseta deben tener en su geno-tipo el alelo R + , pero no el P + , ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.
  • 78. Cresta roseta x Cresta guisante P R + ? PP RR P + ? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP El individuo con cresta guisante debe tener en su genotipo el alelo P + , pero no el R + , ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.
  • 79. Cresta roseta x Cresta guisante P R + ? PP RR P + ? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP R + ? P + ? El individuo con cresta en nuez deben tener en su geno-tipo los alelos R + y P + , ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.
  • 80. Cresta roseta x Cresta guisante P R + ? PP RR P + ? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP R + ? P + ? Puesto que no aparecen individuos homocigotos RR en la descendencia y que todos los descendientes poseen el ale-lo R + , el progenitor con cresta roseta debe ser homocigoto R + R + .
  • 81. Cresta roseta x Cresta guisante P R + R + PP RR P + ? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP R + ? P + ? Puesto que no aparecen individuos homocigotos RR en la descendencia y como todos los descendientes poseen el alelo R + , el progenitor con cresta roseta debe ser homoci-goto R + R + .
  • 82. Cresta roseta x Cresta guisante P R + R + PP RR P + ? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP R + ? P + ? Como los descendientes con cresta roseta son necesaria-mente homocigotos PP, deben haber recibido un alelo P de cada un de los progenitores, que deben tenerlo presen-te en su genotipo.
  • 83. Cresta roseta x Cresta guisante P R + R + PP RR P + P 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F 1 R + ? PP R + ? P + ? Como los descendientes con cresta roseta son necesaria-mente homocigotos PP, deben haber recibido un alelo P de cada un de los progenitores, que deben tenerlo presen-te en su genotipo.
  • 84. Problema 18 En el ratón el gen c + produce pigmentación en el pelo. La coloración de los individuos c + c + o c + c depende de su genotipo respecto a otro gen a + situado en otro cromosoma. Los individuos a + a + y a + a son grises y los aa negros. Dos ratones grises producen una descendencia compuesta por los siguientes fenotipos: 9 grises, 4 albinos y 3 negros. ¿Cuál es el genotipo de los genitores?
  • 85. Ratón gris x Ratón gris P c + ? a + ? 9 ratones grises 4 ratones albinos 3 ratones negros F 1 c + ? a + ? Los ratones grises tienen que tener presentes en su genotipo los alelos c+, responsable de la pigmentación, y a+, responsable del color gris. c + ? a + ?
  • 86. Ratón gris x Ratón gris P c + ? a + ? 9 ratones grises 4 ratones albinos 3 ratones negros F 1 c + ? a + ? Los ratones albinos son homocigotos cc , ya que es este alelo recesivo el responsable de la falta de pigmentación. c + ? a + ? cc ??
  • 87. Ratón gris x Ratón gris P c + ? a + ? 9 ratones grises 4 ratones albinos 3 ratones negros F 1 c + ? a + ? Los ratones negros tienen que tener presentes en su genotipo los alelos c + , responsable de la pigmentación, y a , responsable del color negro. c + ? a + ? cc ?? c + ? aa
  • 88. Ratón gris x Ratón gris P c + ? a + ? 9 ratones grises 4 ratones albinos 3 ratones negros F 1 c + ? a + ? Los descendientes con genotipos cc y aa deben haber re-cibido un alelo c y otro a de cada uno de sus progenitores, por lo que estos deben estar presentes en ambos genoti-pos. c + ? a + ? cc ?? c + ? aa
  • 89. Ratón gris x Ratón gris P 9 ratones grises 4 ratones albinos 3 ratones negros F 1 c + ? a + ? Los descendientes con genotipos cc y aa deben haber re-cibido un alelo c y otro a de cada uno de sus progenitores, por lo que estos deben estar presentes en ambos genoti-pos. cc ?? c + ? aa Volver al índice c + c a + a c + c a + a
  • 90. FIN Volver al índice