1. Integrales
José María Martínez Mediano
1
Descomposición elemental (ajustes por constantes)
OBSERVACIONES
1. Las primeras integrales que aparecen se han obtenido del libro de Matemáticas I (1º de Bachillerato) McGraw-Hill, Madrid 2007.
2. Otros problemas se han obtenido de las Pruebas de Selectividad.
Algunas integrales con solución.
1. cxdxx
32
3
4
4
2. c
x
dxx
3
2
2
3
2
3. cx
x
dxx
2
3
2
)1(2
3
2
4. cxdx
4)4(
5. cxxxdxxx
4
2
3
3
4
)434( 232
6. cx
x
dxx
5
2
)52(
4
3
7. cx
x
xdxxx
2
)13(
2
32
8. cxxdx
x
5
4
10
3
5
43 2
9. cxx
x
dx
xx
3
1
3
1
93
12 2
32
10. cxxxdxxx
2
1
2
1
6
1
)12(
2
1 232
11. cxxxdxxxx
2342
633)434(3
12. cxxdxxx
342
3
5
4
3
)53(
13.
dxxx 2
)53( cxxx 234
2
25
10
4
9
14. c
x
dx
x
11
2
15. c
x
dx
x
23
12
16. c
x
dx
x
34
13
17. c
x
dx
x
45
14
18. cxdxxx
2/5
5
2
19. cxdx
x
x
2/1
2
20. cxdx
x
x
2/3
3
2
21. cxdx
x
ln3
3
22. cxdx
x
)1ln(3
1
3
23. cxdx
x
)12ln(
2
1
12
1
24. cxdx
x
)12ln(
2
3
12
3
25. cxxdx
x
x
ln43
43
26. cxx
x
dx
x
xx
ln
3
1
3
2
63
12 22
27. c
x
dxx
5
)3(
)3(
5
4
28. c
x
dxxx
6
)12(
6·)12(
63
253
29. cxdx
x
x
)6ln(
6
2 2
2
30. cxsendxx
x
cos
2
1
31. cxdx
x
)13ln(6
13
1
18
32. cxdx
x
x
)6ln(
2
1
6
2
2
33. cxxdx
xx
x
)3ln(
3
32 2
2
34. cedxe xx
66
35. cedxe xx
33
26
36. cedxe xx
33
3
4
4
2. Integrales
José María Martínez Mediano
2
37. cedxe xx
3232
24
38. cxedxe xx
2)12(
39. c
x
edxxe xx
2
)2(
2
22
40. cxedxxe xx
222
)(2
41. cxedx
xe x
x
22
2
6
1
3
1
3
2
42. csenxdxx
2cos2
43. cxsendxx
2
2
1
2cos
44. cxsendxx
3
3
5
)3cos5(
45. cxsendx
x
4
12
1
3
4cos
46. cxdxxsen
3cos33
47. cxdxxsen
4cos
2
1
42
48. cxdxxsen
5cos
5
2
)52(
49. cxdxxsen
2
3
cos
3
2
2
3
50. ctagxdxxtag
2)22( 2
53. ctagxdx
x
2
cos
1
54 cxdxtagx
cosln
Integrales resueltas
1. Calcula
dx
x
xx
1
11
Solución:
Descomponiendo la expresión del integrando:
1
1
1
1
1
1
1
1
11
xx
x
x
x
x
xx
Por tanto: cxxdx
x
dx
x
xx
12
1
1
1
1
11
NOTA: La integral dx
x 1
1
es inmediata, pues cxdx
x
dx
x
12
12
1
2
1
1
2. De una función )(xfy , x > 1, sabemos que tiene por derivada
x
a
y
1
´ , donde a es
una constante. Determina la función si, además, sabemos que 1)0( f y 1)1( f .
Solución:
La función )(xfy es una primitiva
x
a
y
1
´ .
Por tanto,
dx
x
a
xf
1
)( = kxa )1ln( , siendo k una constante.
De 1)0( f 1)01ln( ka k = 1. Luego 1)1ln()( xaxf
3. Integrales
José María Martínez Mediano
3
De 1)1( f 1)11ln(1 a 22ln a
2ln
2
a .
La función es 1)1·ln(
2ln
2
)( xxf .
3. Calcula una primitiva de la función 2/12
)1()(
xxxf que se anule en x = 1.
Solución:
El conjunto de todas las primitivas es
dxxx
2/12
)1( =
dxxxxdxxxx )2()12( 2/12/12/32/12
=
= cxxxxxc
xxx
2
3
4
5
2
2/12/3
2
2/5
2
2/12/32/5
Como la primitiva buscada se anula en x = 1 c 2
3
4
5
2
0
15
56
c
La primitiva es:
15
56
2
3
4
5
2
)( 2
xxxxxxF .
4. Calcula razonadamente la expresión de una función f (x) tal que
2
)´( x
xexf
y que
2
1
)0( f .
Solución:
cedxxexf xx
22
2
1
)(
De
2
1
)0( f
2
1
2
1 0
ce c = 1.
Luego, 1
2
1
)(
2
x
exf
5. Calcula la integral indefinida:
dx
x
x
cos
sen3
Solución:
dx
x
x
cos
sen3
=
dx
x
xx
cos
·sensen2
=
dx
x
xx
cos
)·sencos1( 2
=
=
dx
x
xxx
cos
·sencossen 2
=
dxxxxx ))·(cossen)·(cos(sen 2/32/1
=
= cxx 2/52/1
)(cos
5
2
)(cos2
4. Integrales
José María Martínez Mediano
4
6. Calcula la primitiva de la función 1)( 2
xxxf que se anula en el punto de abscisa x =
2.
Solución:
Sea
dxxxxF 1)( 2
la primitiva buscada.
dxxxxF 1)( 2
=
dxxx 2/12
)1( =
dxxx 2/12
)1(2
2
1
=
c
x
c
x
3
)1(
2/3
)1(
·
2
1 2/322/32
= c
x
3
)1( 32
Si se anula para x = 2 0
3
)12(
)2(
32
cF 0
3
27
c 3c
Luego, 3
3
)1(
)(
32
x
xF
7. Dada la función
45
)(
2
x
x
xf :
a) Calcula la integral
dxxf )( .
b) Halla la primitiva F de f que cumple que 1)1( F .
Solución:
a) Ajustando constantes se tiene:
dxxf )( = cxdx
x
x
dx
x
x
45
5
1
452
10
10
2
45
2
22
b) Como cxxF 45
5
1
)( 2
, para que 1)1( F se tendrá:
141·5
5
1
)1( 2
cF 1
5
1
c
5
4
c
Por tanto, la primitiva buscada es
5
4
45
5
1
)( 2
xxF
8 . Calcula
dx
xx
x
134
1
2
2
.
Solución:
Primera descomposición:
134
124
1
134
124134
134
1
22
2
2
2
xx
x
xx
xxx
xx
x
La segunda fracción:
134
4
134
)42(2
134
124
222
xxxx
x
xx
x
Y, por último:
6. Integrales
José María Martínez Mediano
6
Cambios de variable
10. Calcula
2
)1(x
dx
Solución:
Haciendo el cambio de variable x 1 = t dx = dt, se tiene:
ctdtt
t
dt
x
dx
12
22
)1(
c
xx
dx
1
1
)1( 2
11. Calcula
dx
x1
2
.
Solución:
Puede hacerse el cambio tx . Con esto, si diferenciamos se tiene:
dtdx
x
2
1
dtxdx 2 tdtdx 2 .
Sustituyendo en la integral dada:
cttdt
t
dt
t
t
tdt
t
dx
x
)1ln(44
1
4
4
1
4
2·
1
2
1
2
Deshaciendo el cambio se obtiene:
cxxdx
x
1ln44
1
2
12. Calcula dx
x
x
1
1
Solución:
Haciendo el cambio de variable tx se tiene: tx ; 2
tx ; tdtdx 2
Por tanto
dx
x
x
1
1
=
dt
t
tt
tdt
t
t
1
22
2·
1
1 32
Haciendo la división del integrando:
cttttdt
t
ttdt
t
tt
)1ln(44
3
2
1
4
422
1
22 232
3
Deshaciendo el cambio se tendrá que:
dx
x
x
1
1
= cxxxxx )1ln(44
3
2
7. Integrales
José María Martínez Mediano
7
13. Calcula
dxxx 12
.
Solución:
Haciendo x + 1 = t
22
)1(
1
tx
tx
dtdx
Luego:
dxxx 12
= dttttdtttt )2()12( 2/12/32/52/12
=
= cxxxcttt 2/32/52/72/32/52/7
)1(
3
2
)1(
5
4
)1(
7
2
3
2
5
4
7
2
15. De todas las primitivas de la función )(sec)tan(2)( 2
xxxf , halla la que pasa por el
punto P(/4, 1).
Solución:
Como debería saberse, sec2
(x) = 1 + tan2
(x). En consecuencia:
dxxx
)(sec)tan(2 2
= dxxx
)](tan1)[tan(2 2
Haciendo el cambio tan(x) = t [1 + tan2
(x)]dx = dt, luego
dxxx
)](tan1)[tan(2 2
= cxctdtt
)(tan2 22
Para que pase por P(/4, 1) tan2
(/4) + c = 1 1 + c = 1 c = 0.
La primitiva buscada es )(tan)(sec)tan(2 22
xdxxx
8. Integrales
José María Martínez Mediano
8
Integración por partes
16. Describe en qué consiste el método de integración por partes para el cálculo de primitivas.
Aplica dicho método para calcular las siguientes primitivas:
dxxeI x2
dxxxJ )ln(
Solución:
El método de integración por partes puede usarse para la integración de un producto de
funciones. Su regla se obtiene como sigue:
Sean u y v las funciones.
Diferenciando: vduudvuvd )(
Integrando:
vduudvuvd )(
vduudvuv
Despejando:
vduuvudv
Aplicación a los casos planteados:
dxxeI x2
Tomando: u = x du = dx
dvdxe x
2
dvdxe x2
x
ev 2
2
1
Se tiene:
dxxeI x2
=
dxexe xx 22
2
1
2
1
= cexe xx
22
4
1
2
1
dxxxJ )ln(
Tomando: u = x lnx du = (lnx +1)dx
dv = dx v = x
Luego,
dxxxJ )ln( =
xdxxdxxxxdxxxxxx lnln)ln(ln 22
2
xdxxln = c
x
xx
2
ln
2
2
De donde,
dxxxJ )ln( = c
x
xx
4
ln
2
1 2
2
17. Calcula las siguientes integrales indefinidas:
dxx )1ln(
Solución:
dxx )1ln( se hace por partes, tomando:
u = ln (x + 1) dx
x
du
1
1
dv = dx v = x
9. Integrales
José María Martínez Mediano
9
Queda;
dx
x
x
xxdxx
1
)1ln()1ln( =
dx
x
xx
1
1
1)1ln( =
= cxxxx )1ln()1ln(
18. Determina la función f (x) sabiendo que xxxf ln)´´( , f ´(1) = 0 y
4
)(
e
ef .
Solución:
c
x
x
x
dx
x
x
x
xdxxxf
4
ln
22
ln
2
ln)´(
222
Esta integral la hemos hecho por partes, tomando: ln x = u; xdx = dv
Como f ´(1) = 0 c
4
1
0
4
1
c .
Por tanto,
dxdx
x
xdx
x
xf
4
1
4
ln
2
)(
22
Haciendo por partes
xdx
x
ln
2
2
dvdx
x
ux
2
;ln
2
, se tiene:
18
ln
6
ln
2
332
x
x
x
xdx
x
Luego,
dxdx
x
xdx
x
xf
4
1
4
ln
2
)(
22
= ´
41218
ln
6
333
c
xxx
x
x
Como
4
)(
e
ef
4
´
41218
ln
6
333
e
c
eee
e
e
3
36
1
´ ec
De donde,
364
1
18
5
ln
6
)(
3
3
3
e
xxx
x
xf
19. Calcula la siguiente integral indefinida
dxcbxxeax
)( 2
En función de los parámetros a, b y c.
Solución:
La integral pedida
dxcbxxeax
)( 2
=
dxcedxbxedxex axaxax2
Las dos primeras integrales deben hacerse por el método de partes; la tercera es inmediata.
La integral ke
a
c
dxae
a
c
dxce axaxax
Para
dxbxeax
hacemos
u = bx du = bdx
dxedv ax
ax
e
a
v
1
10. Integrales
José María Martínez Mediano
10
Luego,
dxbxeax
= axaxaxax
e
a
b
xe
a
b
dxe
a
b
e
a
bx 2
1
(*)
Para
dxex ax2
hacemos
u = x2
du = 2xdx
dxedv ax
ax
e
a
v
1
Luego dxe
a
x
e
a
x
dxex axaxax 22
2
La segunda integral es idéntica a (*) para
a
b
2
. Por tanto
dxe
a
x
e
a
x
dxex axaxax 22
2
=
axaxax
e
a
xe
a
e
a
x
32
2
22
Teniendo en cuenta todos los resultados,
dxcbxxeax
)( 2
= ke
a
c
e
a
b
xe
a
b
e
a
xe
a
e
a
x axaxaxaxaxax
232
2
22
=
= ke
a
caab
x
a
ab
a
x ax
3
2
2
2
22
20. Sea f: (0, +) R la función definida por )ln1()( xxxf , donde ln x es logaritmo
neperiano de x. Encuentra una primitiva de f cuya gráfica pase por el punto (1, 1) (3 puntos)
Solución:
dxxxxF )ln1()(
Hacemos
xdxxln por partes:
u = x lnx du = (lnx +1)dx
dv = dx v = x
Luego,
xdxxln =
dxxxxxx )ln(ln2
2
xdxxln =
2
ln
2
2 x
xx
De donde,
xdxxln =
4
ln
2
1 2
2 x
xx
Con esto:
dxxxxF )ln1()( = cxx
x
c
x
xx
x
ln
2
1
4
3
4
ln
2
1
2
2
22
2
2
Como el punto (1, 1) es de F(x), se cumple que:
c 1ln
2
1
4
3
1
4
1
c
Por tanto, la primitiva pedida es
4
1
ln
2
1
4
3
)( 2
2
xx
x
xF
11. Integrales
José María Martínez Mediano
11
Descomposición en fracciones simples
21. Halla la integral indefinida
62
xx
dx
Solución:
Por descomposición en fracciones simples:
326
1
2
x
B
x
A
xx
=
)3)(2(
)2()3(
xx
xBxA
Luego:
)2()3(1 xBxA
si x = 2: 1 = 5A A = 1/5
si x = –3: 1 = –5B B = 1/5
Por tanto:
62
xx
dx
=
dx
x
dx
x
dx
xx 3
1
5
1
2
1
5
1
3
5/1
2
5/1
=
= cxx )3ln(
5
1
)2ln(
5
1
22. Calcula dx
x 1
2
2
Solución:
Por descomposición en fracciones simples:
111
2
2
x
B
x
A
x
=
1
)1()1(
2
x
xBxA
Luego:
)1()1(2 xBxA
si x = 1: 2 = 2A A = 1
si x = –1: 2 = 2B B = 1
Con esto:
dx
x
dx
x
dx
x 1
1
1
1
1
2
2
= cxx )1ln()1ln(
23. Calcula:
dx
x2
1
1
Solución:
(Observa que es casi igual que la anterior.)
Descomponiendo en fracciones simples,
dx
x2
1
1
= cxLxLdx
x
dx
x
)1(
2
1
)1(
2
1
1
2/1
1
2/1
12. Integrales
José María Martínez Mediano
12
24. Calcula:
dx
x
xx
4
1
2
23
Solución:
Hacemos la división 4:1 223
xxx .
Queda:
4
54
1
4
1
22
23
x
x
x
x
xx
.
Descomponemos en fracciones simples
4
54
2
x
x
.
4
)2()2(
224
54
22
x
xBxA
x
B
x
A
x
x
)2()2(54 xBxAx
Para x = 2, se tiene: A413 4/13A
Para x = 2, se tiene: B43 4/3B
Luego,
2
4/3
2
4/13
4
54
2
xxx
x
Por tanto:
dx
x
xx
4
1
2
23
= dx
xx
x
2
4/3
2
4/13
1 =
=
dx
x
dx
x
dxx
2
1
4
3
2
1
4
13
)1( = kxxxx )2ln(
4
3
)2ln(
4
13
2
1 2
25. Calcula:
xx
dx
3
2
Solución:
Puede hacerse por el método de descomposición en fracciones simples.
Como las raíces del denominador de la expresión
xx 3
2
son 0, 1 y 1, se tendrá:
11)1)(1(
22
3
x
C
x
B
x
A
xxxxx
=
xx
xCxxBxxA
3
2
)1()1()1(
Por tanto: )1()1()1(2 2
xCxxBxxA
Si damos los valores 0, 1 y 1 se tendrá:
Para x = 0 2 = A A = 2
Para x = 1 2 = 2B B = 1
Para x = 1 2 = 2C C = 1
Luego
cxxxdx
xxx
dx
xx
)1ln()1ln(ln2
1
1
1
122
3
13. Integrales
José María Martínez Mediano
13
26. Se consideran las funciones reales 59812)( 23
xxxxf y 276)( 2
xxxg .
Se pide:
a) Determina las ecuaciones de las asíntotas a la gráfica de la función
)(
)(
xg
xf
.
b) Calcula la función
dx
xg
xf
xH
)(
)(
)( que cumple H(1) = 1.
Solución:
a) La función
276
59812
)(
)(
)( 2
23
xx
xxx
xg
xf
xF :
tiene una asíntota oblicua, pues el grado del numerador es uno más el grado del denominador;
puede tener asíntotas verticales en los ceros del denominador; en las soluciones de
0276 2
xx , que son x = 1/2 y x = 2/3.
Las asíntotas verticales se confirman, pues
276
59812
2
23
2/1 xx
xxx
lím
x
y
276
59812
2
23
3/2 xx
xxx
lím
x
La asíntota oblicua puede calcularse dividiendo:
La asíntota es la recta y = 2x + 1.
b) Por la división anterior, sabemos que
276
712
12
)(
)(
2
xx
x
x
xg
xf
.
Si tenemos en cuenta que 712´276 2
xxx ,
dx
xg
xf
xH
)(
)(
)( =
dx
xx
x
x
276
712
12 2
= cxxxx 276ln 22
Si H(1) = 1 1 + 1 + ln 1 + c = 1 c = 1.
Por tanto, 1276ln)( 22
xxxxxH
27. Calcula la siguiente integral:
dx
x
x
3
)1(
Solución:
Por descomposición en fracciones simples se tiene:
323
)1()1(1)1(
x
C
x
B
x
A
x
x
= 3
2
)1(
)1()1(
x
CxBxA
Por tanto,
12x3
8x2
9x 5 6x2
7x 2
12x3
+14x2
4x 2x + 1
6x2
5x 5
6x2
+7x 2
12x 7
14. Integrales
José María Martínez Mediano
14
CxBxAx )1()1( 2
= )()2(2
CBAxBAAx
Identificando coeficientes se tiene el sistema,
0
12
0
CBA
BA
A
A = 0, B = 1, C = 1
Luego 323
)1(
1
)1(
1
)1(
xxx
x
, de donde
dx
x
x
3
)1(
= dx
x
dx
x
dx
xx
3232
)1(
1
)1(
1
)1(
1
)1(
1
=
= c
xx
2
)1(2
1
1
1
Las dos últimas integrales son inmediatas, pues
1
)(
)()´(
1
n
xf
dxxfxf
n
n
. Ahora basta
con escribir
dxxdxxdx
x
dx
x
32
32
)1(1
)1(
1
)1(
1