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Clase 2
23/Mayo/2014
 Se revisarán los conceptos fundamentales de la teoría
electromagnética en condiciones estáticas, esto es, sin considerar
variaciones temporales en las fuentes ni en los campos producidos
por ellas. A pesar de la evidente limitación de este análisis, lo cierto
es que resulta muy instructivo, porque revela la naturaleza y las
características esenciales de los campos y de las demás magnitudes
físicas relacionadas.
En la realidad muchos fenómenos
electromagnéticos no se desarrollan en
condiciones estáticas, pero sus variaciones
temporales son lentas en comparación con los
tiempos propios de los fenómenos básicos y de
los medios materiales que intervienen, por lo que
en esas ocasiones bastaría con asignar a los
campos las mismas variaciones temporales de las
fuentes, una vez calculados aquéllos mediante los
métodos propios del análisis estático.
 La ley de Coulomb cuantifica la fuerza que ejercen entre sí dos
cuerpos cargados eléctricamente, la cual aparece como un dato
de experiencia.
LEY DE COULOMB
La fuerza ejercida por una carga puntual
sobre otra esta dirigida a lo largo de la línea
que las une. La fuerza varía inversamente
con el cuadrado de la distancia que separa
las cargas y es proporcional al producto de
las mismas. Es repulsiva si las cargas tienen
el mismo signo y atractiva si las cargas
tienen signos opuestos.
 La fuerza ejercida sobre un cuerpo no parece tener una
existencia real si la separamos del objeto sobre el que actúa.
 Sin embargo en teoría electromagnética se trabaja con el
concepto de campo, como fuerza ejercida por unidad de carga,
independientemente de si esta causando o no algún efecto sobre
otros cuerpos próximos
 Habitualmente se expresa en forma de límite, queriendo indicar
que dicha carga de prueba no altera la distribución original de
las cargas cuyo campo medimos.
LEY DE COULOMB
1 2
2
q q
F k
r
=
LEY DE COULOMB
9 2 2
8.99 10 /k N m C= × •
LEY DE COULOMB
1r
2r
1q
2q
1,2 2 1r r r= −
LEY DE COULOMB
( )
1 2
1,21,2 2
1,2
1 2Ley de Coulomb para la fuerza ejercida por y
kq q
F r
r
q q
= $
PROBLEMAS
SOLUCIÓN
SOLUCIÓN
( )( ) ( )
( )
( )
1 2
1,21,2 2
1,2
9 2 2
1,2 2
8.99 10 / 4 6
24
3
kq q
F r
r
N m C C C
F i mN i
m
µ µ
= ⇒
× •
= =
uuur
$
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$
SOLUCIÓN
 Inciso b
 Debido a que se trata de fuerzas de acción y reacción,
podemos aplicar la 3ª ley de Newton para obtener
( )2,1 1,2 24F F mN i= − = −
ur ur
$
SOLUCIÓN
 Inciso c
 Debido a que se trata de fuerzas de acción y reacción,
podemos aplicar la 3ª ley de Newton para obtener
( )( ) ( )
( )
( )
( )
9 2 2
1,2 2
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8.99 10 / 4 6
24
3
24
N m C C C
F i mN i
m
F F mN i
µ µ× • −
= = −
= − =
ur
$ $
ur ur
$
 Por lo tanto tenemos el siguiente diagrama:
1 2,1 3,1..............( )F F F A= +
ur ur ur
( )1 2
2,1 2
2,1
k q q
F i
r
=
ur
$
( )1 3
3,1 2
3,1
k q q
F i
r
= −
ur
$
 Sustituyendo las ecuaciones anteriores en (A) tenemos que:
1 31 2
1 2 2
2,1 3,1
32
1 2 2
2,1 3,1
k q qk q q
F i i
r r
qq
k q i
r r
= −
 
= − ÷ ÷
 
ur
$ $
$
 Evaluando numéricamente tenemos
( )( )
( ) ( )
( )
9 2 2
1 2 2
2
1
4 6
8.99 10 / 6
3 6
1.50 10
C C
F N m C C i
m m
F N i
µ µ
µ
−
 
= × • − ÷
 ÷
 
= ×
uur
$
ur
$
SOLUCIÓN
SOLUCIÓN
SOLUCIÓN
3 1,3 2,3..........( )F F F A= +
ur ur ur
$1,3
1 2
2
cosF F i Fsen j
kq q
F
r
θ θ= − ⇒
∴ =
ur
$
SOLUCIÓN
$
( )( ) ( )
( ) ( )
1,3
1 2
2
9 2 2
2 2
cos
8.99 10 / 5 2
0.03 0.08
12.3
F F i Fsen j
kq q
F
r
N m C C C
F
m m
F N
θ θ
µ µ
= − ⇒
∴ =
× •
=
+
=
ur
$
SOLUCIÓN
1 3
tan 20.6
8
cm
cm
θ −  
= = ° ÷
 
$2,3 cosF F i Fsen jθ θ= − −
ur
$
SOLUCIÓN
SOLUCIÓN
1q 1q q−
1d m=
Dado el gráfico
hallemos la fuerza
entre las cargas.
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Clase 2 Ley de coulomb

  • 2.  Se revisarán los conceptos fundamentales de la teoría electromagnética en condiciones estáticas, esto es, sin considerar variaciones temporales en las fuentes ni en los campos producidos por ellas. A pesar de la evidente limitación de este análisis, lo cierto es que resulta muy instructivo, porque revela la naturaleza y las características esenciales de los campos y de las demás magnitudes físicas relacionadas.
  • 3. En la realidad muchos fenómenos electromagnéticos no se desarrollan en condiciones estáticas, pero sus variaciones temporales son lentas en comparación con los tiempos propios de los fenómenos básicos y de los medios materiales que intervienen, por lo que en esas ocasiones bastaría con asignar a los campos las mismas variaciones temporales de las fuentes, una vez calculados aquéllos mediante los métodos propios del análisis estático.
  • 4.  La ley de Coulomb cuantifica la fuerza que ejercen entre sí dos cuerpos cargados eléctricamente, la cual aparece como un dato de experiencia.
  • 5.
  • 6. LEY DE COULOMB La fuerza ejercida por una carga puntual sobre otra esta dirigida a lo largo de la línea que las une. La fuerza varía inversamente con el cuadrado de la distancia que separa las cargas y es proporcional al producto de las mismas. Es repulsiva si las cargas tienen el mismo signo y atractiva si las cargas tienen signos opuestos.
  • 7.
  • 8.  La fuerza ejercida sobre un cuerpo no parece tener una existencia real si la separamos del objeto sobre el que actúa.  Sin embargo en teoría electromagnética se trabaja con el concepto de campo, como fuerza ejercida por unidad de carga, independientemente de si esta causando o no algún efecto sobre otros cuerpos próximos
  • 9.
  • 10.  Habitualmente se expresa en forma de límite, queriendo indicar que dicha carga de prueba no altera la distribución original de las cargas cuyo campo medimos.
  • 11. LEY DE COULOMB 1 2 2 q q F k r =
  • 12. LEY DE COULOMB 9 2 2 8.99 10 /k N m C= × •
  • 14. LEY DE COULOMB ( ) 1 2 1,21,2 2 1,2 1 2Ley de Coulomb para la fuerza ejercida por y kq q F r r q q = $
  • 17. SOLUCIÓN ( )( ) ( ) ( ) ( ) 1 2 1,21,2 2 1,2 9 2 2 1,2 2 8.99 10 / 4 6 24 3 kq q F r r N m C C C F i mN i m µ µ = ⇒ × • = = uuur $ uuur $
  • 18. SOLUCIÓN  Inciso b  Debido a que se trata de fuerzas de acción y reacción, podemos aplicar la 3ª ley de Newton para obtener ( )2,1 1,2 24F F mN i= − = − ur ur $
  • 19. SOLUCIÓN  Inciso c  Debido a que se trata de fuerzas de acción y reacción, podemos aplicar la 3ª ley de Newton para obtener ( )( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 9 2 2 1,2 2 2,1 1,2 8.99 10 / 4 6 24 3 24 N m C C C F i mN i m F F mN i µ µ× • − = = − = − = ur $ $ ur ur $
  • 20.
  • 21.
  • 22.  Por lo tanto tenemos el siguiente diagrama:
  • 23. 1 2,1 3,1..............( )F F F A= + ur ur ur
  • 24. ( )1 2 2,1 2 2,1 k q q F i r = ur $
  • 25. ( )1 3 3,1 2 3,1 k q q F i r = − ur $
  • 26.  Sustituyendo las ecuaciones anteriores en (A) tenemos que: 1 31 2 1 2 2 2,1 3,1 32 1 2 2 2,1 3,1 k q qk q q F i i r r qq k q i r r = −   = − ÷ ÷   ur $ $ $
  • 27.  Evaluando numéricamente tenemos ( )( ) ( ) ( ) ( ) 9 2 2 1 2 2 2 1 4 6 8.99 10 / 6 3 6 1.50 10 C C F N m C C i m m F N i µ µ µ −   = × • − ÷  ÷   = × uur $ ur $
  • 28.
  • 31. SOLUCIÓN 3 1,3 2,3..........( )F F F A= + ur ur ur $1,3 1 2 2 cosF F i Fsen j kq q F r θ θ= − ⇒ ∴ = ur $
  • 32. SOLUCIÓN $ ( )( ) ( ) ( ) ( ) 1,3 1 2 2 9 2 2 2 2 cos 8.99 10 / 5 2 0.03 0.08 12.3 F F i Fsen j kq q F r N m C C C F m m F N θ θ µ µ = − ⇒ ∴ = × • = + = ur $
  • 33. SOLUCIÓN 1 3 tan 20.6 8 cm cm θ −   = = ° ÷   $2,3 cosF F i Fsen jθ θ= − − ur $
  • 35.
  • 36. SOLUCIÓN 1q 1q q− 1d m= Dado el gráfico hallemos la fuerza entre las cargas.
  • 40.
  • 41.