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ASIGNACIÒN DE EJERCICIOS
DE DERIVADAS Y APLICACIONES ENTREGAR HASTA EL: 22-06-2014. A LAS 23:50 pm. VALOR: 10 PUNTOS. Prof.: Jesùs Estrada MATEMATICA I SAIA NOMBRE: LUIS RAMON DURAN PINEDA C.I: 25.923.973 1.) Determinar la derivada de las siguientes funciones 31 73ln 3 485 4 4) 25 ) 2cosh) 4 23 ysenygc tttg tfb eGa t a) 𝑮(𝜽) = (√(𝐜𝐨𝐬𝐡( 𝟐𝜽)) 𝟒𝟓 ) (𝒆 𝟖𝜽 𝟑 - 𝟒𝜽 𝟐 ) 𝐺′(𝜃) =[(cosh(2θ)) 4 5]’ . 𝑒8𝜃3 +4𝜃2 √(cosh(2𝜃))45 . 𝑒8𝜃3 - 4𝜃2 + √(cosh(2𝜃))45 . (𝑒8𝜃3 - 4𝜃2 )’ = 4 5 [(cosh (2𝜃)) −1 5 (cosh(2𝜃))′ ] 𝑒8𝜃3 4𝜃2 + √(cosh(2𝜃))4 5 (𝑒8𝜃3 - 4𝜃2 ) (8𝜃3 −4𝜃2 )′ 𝐺′(𝜃) 4 5 (cosh(2𝜃)) −1 5 − 𝑠𝑒𝑛ℎ(2𝜃)2𝑒8𝜃3 - 4𝜃2 + √(cosh(2𝜃))45 𝑒8𝜃3 −4𝜃2 (24𝜃2 − 8𝜃) 𝐺′(𝜃) = 8 5 𝑒8𝜃3 −4𝜃2.𝑠𝑒𝑛ℎ(2𝜃) √cosh(2𝜃) 5 +(24𝜃2 − 8𝜃)𝑒8𝜃3 −4𝜃2 . √(cosh(2𝜃))45
2.
b) 𝒇(𝒕) = 𝒕𝒈(𝟓𝒕
𝟑−𝟐𝒕) 𝒍𝒏(𝟑𝒕 𝟒−𝟕) 𝑓′(𝑡) = [𝑡𝑔(5𝑡3 − 2𝑡)]′ ln(3𝑡4 − 7) − 𝑡𝑔(5𝑡3 − 2𝑡)[ln(3𝑡4 − 7]′ [ln(3𝑡4 − 7)]2 𝑓′(𝑡) = [𝑠𝑒𝑐2(5𝑡3−2𝑡).(15𝑡2−2)] ln(3𝑡4−7)−𝑡𝑔(5𝑡3−2𝑡).( 123 3𝑡4−7 ) [𝑙𝑛(3𝑡4−7)]2 𝑓′(𝑡) = (15𝑡2 − 2)(3𝑡4 − 7)𝑠𝑒𝑐2 (5𝑡3 − 2𝑡) ln (3𝑡4 − 7) − 12𝑡3 . 𝑡𝑔(5𝑡3 − 2𝑡) (3𝑡4 − 7)[ln(3𝑡4 − 7]2 C) 𝑮(𝒚) = 𝒔𝒆𝒏−𝟏 (𝟒𝒚 𝟑 ) 𝐺′(𝑦) = 1 √1 − (4𝑦3)2 . (4𝑦3 )′ 𝐺′(𝑦) = 1 √1 − 16𝑦6 . (12𝑦2 ) 𝐺′(𝑦) = 12𝑦2 √1−16𝑦6 2. Derive implícitamente la siguiente ecuación. 𝒙 𝟑 − 𝟑 𝐥𝐧(𝒚) + 𝒚 𝟐 = 𝟏𝟎
3.
(x3 )′ − 3(ln(y))′
+ (y2 )′ = 10 3𝑥2 − 3 1 𝑦 . 𝑑𝑦 𝑑𝑥 + 2𝑦 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 0 3𝑥2 − 3 𝑦 . 𝑑𝑦 𝑑𝑥 + 2𝑦 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 0 − 3 𝑦 . 𝑑𝑦 𝑑𝑥 + 2𝑦. 𝑑𝑦 𝑑𝑥 =−3𝑥2 𝑑𝑦 𝑑𝑥 ( −3 𝑦 + 2𝑦) = −3𝑥2 → 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = −3𝑥2 −3 𝑦 +2𝑦 = −3𝑥2 −3+2𝑦2 𝑦 → 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = −3𝑥2 𝑦 −3+2𝑦2 3. Determine la forma indeterminada aplicando la regla de L’Hopital. ctg senLim 10 lim 𝜃→0 (1 + 𝑠𝑒𝑛(𝜃)) 𝑐𝑡𝑔(𝜃) = 𝑒 lim 𝜃→0 ln[(1 + 𝑠𝑒𝑛(𝜃)) 𝑐𝑡𝑔(𝜃) ] Entonces: lim 𝜃→0 ln[(1 + 𝑠𝑒𝑛(𝜃)] 𝑐𝑡𝑔(𝜃) = lim 𝜃→0 𝑐𝑡𝑔𝜃. ln[1 + 𝑠𝑒𝑛(𝜃)] = lim 𝜃→0 ln[1+𝑠𝑒𝑛(𝜃)] 𝑡𝑔𝜃 Forma indeterminada, entonces utilizamos L’Hopital: lim 𝜃→0 ln(1 + 𝑠𝑒𝑛(𝜃)) 𝑡𝑔𝜃 = lim 𝜃→0 1 1 + 𝑠𝑒𝑛(𝜃) . cos( 𝜃) 𝑠𝑒𝑐2(𝜃) = 1 1 + 0 .(1) 12 = 1 = lim 𝜃→0 (1 + 𝑠𝑒𝑛(𝜃) 𝑐𝑡𝑔𝜃 = 𝑒′ = 𝑒 4. Hallar los extremos de la siguiente función del intervalo ⦋0,4⦌ 3 2 3 xxg
4.
𝑔(𝑥) = (𝑥
− 3) 2 3 𝑔ʹ(𝑥) = 2 3 (𝑥 − 3) 1 3 (𝑥 − 2) 𝑔ʹ(𝑥) = 2 3 (𝑥 − 3) −1 3 (1) 𝑔ʹ(𝑥) = 2 3√ 𝑥 3 − 3 i) 𝑔ʹ(𝑥)≠ 0 para todo x ⃪ ⦋0,4⦌ ii) 𝑔ʹ(𝑥) no existe para 3√ 𝑥 3 − 3 = 0 , es decir para x=3 Evaluamos: 𝑔(0) = √(𝑥 − 3)² 3 = √9 3 = 2,08 𝑔(3) = √(3 − 3)² 3 = 0 𝑔(4) = √(4 − 3)² 3 =1 Entonces: i) En x = 3 existe un mínimo absoluto cuyo valor es 0 ii) En x= 0 existe un máximo absoluto cuyo valor es √9 3 (= 2,08)
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