Today is Pentecost. Who is it that is here in front of you? (Wang Omma.) Jesus Christ and the substantial Holy Spirit, the only Begotten Daughter, Wang Omma, are both here. I am here because of Jesus's hope. Having no recourse but to go to the cross, he promised to return. Christianity began with the apostles, with their resurrection through the Holy Spirit at Pentecost.
Hoy es Pentecostés. ¿Quién es el que está aquí frente a vosotros? (Wang Omma.) Jesucristo y el Espíritu Santo sustancial, la única Hija Unigénita, Wang Omma, están ambos aquí. Estoy aquí por la esperanza de Jesús. No teniendo más remedio que ir a la cruz, prometió regresar. El cristianismo comenzó con los apóstoles, con su resurrección por medio del Espíritu Santo en Pentecostés.
Las capacidades sociomotrices son las que hacen posible que el individuo se pueda desenvolver socialmente de acuerdo a la actuación motriz propias de cada edad evolutiva del individuo; Martha Castañer las clasifica en: Interacción y comunicación, introyección, emoción y expresión, creatividad e imaginación.
ACERTIJO DE CARRERA OLÍMPICA DE SUMA DE LABERINTOS. Por JAVIER SOLIS NOYOLAJAVIER SOLIS NOYOLA
El Mtro. JAVIER SOLIS NOYOLA, crea y desarrolla ACERTIJO: «CARRERA OLÍMPICA DE SUMA DE LABERINTOS». Esta actividad de aprendizaje lúdico que implica de cálculo aritmético y motricidad fina, promueve los pensamientos lógico y creativo; ya que contempla procesos mentales de: PERCEPCIÓN, ATENCIÓN, MEMORIA, IMAGINACIÓN, PERSPICACIA, LÓGICA LINGUISTICA, VISO-ESPACIAL, INFERENCIA, ETCÉTERA. Didácticamente, es una actividad de aprendizaje transversal que integra áreas de: Matemáticas, Neurociencias, Arte, Lenguaje y comunicación, etcétera.
Friedrich Nietzsche. Presentación de 2 de Bachillerato.
Polinomios Huerta 2015
1. Miguel Angel Huerta Silva Álgebra
POLINOMIOS GRADOS
PROBLEMA 1:
Dado el polinomio:P(x,y) =x2a
yb-2
+√3 x2a-1
yb+5
-
1
5
x2a+2
yb
+ 24
x2a-3
.yb+1
Hallarel grado relativoa“y” si
el grado absoluto es 24, el grado relativo a “x” es 18.
a)6 b)9 c)12 d)14 e)N.A.
SOLUCIÓN
G.R(x) = 18 = 2a+2 → a = 8
G.A =24 = 2a – 1 + b + 5 → b = 4
Luego:
G.R(y) = b + 5
∴ G.R(y) = 9 Rpta.: B
PROBLEMA 2:
Si el polinomioP(x,y) se verificaque ladiferencia entre los grados relativos a “x” e “y” es 5 y además
que el menor exponente de “y” es 3. Hallar su grado absoluto.
P(x,y) = xm+n-2
ym-3
+ xm+n+5
ym-4
+ xm+n-6
ym+2
a)17 b)20 c)15 d)18 e)5
SOLUCIÓN
Datos:
G.R(x) – G.R(y) = 5
m + n + 5 – (m + 2) = 5
→ n = 2
Además:
Menor exponente de y→ es m – 4 = 3
→ m = 7
Luego:
G.A = 2m + n + 1
G.A = 2(7) + 2 + 1 = 17 Rpta.: A
PROBLEMA 3:
Hallar “n” si el grado de:
P(x) = (𝑥 𝑛 𝑛 𝑛
+ x + 1) 𝑛 𝑛 𝑛
. (𝑥 + 2) 𝑛 𝑛 𝑛
es 272
a)1 b)2 c)16 d)4 e)272
SOLUCIÓN
Hacemos un cambio de variable: 𝑛 𝑛 𝑛
= k
P(x) = (xk
+ x + 1)k
. (x + 2)k
Grado de P(x) = k2
+ k = 272 = 162
+ 16
→ k = 16 → 𝑛 𝑛 𝑛
= 222
∴ n = 2 Rpta.: B
PROBLEMA 4: Si el polinomioP(x) = (ab – ac + n2
)x4
+ (bc – ab + 6n)x2
+ (ac – bc + 9) es idénticamente
nulo.
Calcular: M =
𝑎−1+ 𝑐−1
𝑏−1
a)1 b)2 c)3 d)4 e)N.A.
SOLUCIÓN
Si P(x) ≡ 0 entonces:
ab – ac + n2
= 0 …(𝛼)
bc + ab + 6n = 0 …(𝛽)
ac – bc + 9 = 0 …(𝛾)
2. Miguel Angel Huerta Silva Álgebra
n2
+ 6n + 9 = 0
(n + 3)2
= 0 → n = -3
𝛼 = 𝛾
ab – ac + n2
= ac – bc + 9
ab – ac + 9 = ac – bc + 9
ab + bc = 2ac
Remplazando:
M =
𝑎−1+ 𝑐−1
𝑏−1
M =
1
𝑎
+
1
𝑐
1
𝑏
=
( 𝑎+𝑐) 𝑏
𝑎𝑐
=
𝑎𝑏+𝑏𝑐
𝑎𝑐
∴ M=
2𝑎𝑐
𝑎𝑐
= 2 Rpta.: B