3. 𝐼𝐸 = (𝛽 + 1)𝐼𝐵
𝐼𝐸 = (303,8 + 1)7,9𝜇
𝐼𝐸 = 2,407𝑚𝐴
2. Segúnlosdatosobtenidosenlatabla1 al calcular nuestrarectade carga el punto
de operaciónQ se encuentraenzona activa donde nuestrotransistor trabajade
formanormal y se cumple que launiónbase-emisor que se encuentrapolarizada
endirectay la colector-base eninversa
3.
4. 𝐼𝐸 = 𝐼𝐶 + 𝐼𝐵 𝐼𝐶 = 𝛽 ∗ 𝐼𝐵 𝐼𝐸 = 𝐼𝐵 + 𝛽𝐼𝐵 𝐼𝐸 = (𝛽 + 1)𝐼𝐵
Vi
0Vpk
1kHz
0°
C1
4.7µF
R3
15kΩ
R4
3.3kΩ
R5
1kΩ
R6
2.7kΩ
C2
10µF
C3
47µF
Q1
BC107BP
V3
15V
R1
1.5kΩ
U1
DC 10MOhm
8.91n V
+ -
U2
DC 10MOhm
14.995 V
+ -
U3
DC 10MOhm
0.018u V
+ -
Vi
0Vpk
1kHz
0°
C1
4.7µF
R3
15kΩ
R4
3.3kΩ
R5
1kΩ
R6
2.7kΩ
C2
10µF
C3
47µF
Q1
BC107BP
V3
15V
R1
1.5kΩ
U1
DC 1e-009Ohm
1.121p A
+ -
U2
DC 1e-009Ohm
1.776u A
+ -
8. 𝐼𝐸 = (18,38 + 1)0,19𝑚
𝐼𝐸 = 3,683𝑚𝐴
6. Segúnlosdatosobtenidosenlatabla3 al calcular nuestrarectade carga el punto
de operaciónQ se encuentraenzona de saturación donde ennuestro transistor
el Vce es negativo.
7.
12. .- CONCLUSIONES:basadoenlomedido,calculadoyanalizadodurante el trabajose pudoveren
mayor profundidadlosrangosde trabajodel transistoreneste ejemploenparticular.
Márgenesde ganancia y susefectosal alternarsufuente de frecuencia,el concluirconestosdatos
da una mayorvisióndel trabajodel transistorysuscomportamientosendichoscasos.